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  • 2021-06-15 发布

高考数学专题复习练习第八章 平面解析几何 章末质量检测

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第八章 平面解析几何 ‎(时间120分钟,满分150分)‎ 一、选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只 有一项是符合题目要求的)‎ ‎1.抛物线y2=ax(a≠0)的焦点到其准线的距离是 (  )‎ A.          B. C.|a| D.- 解析:由已知焦点到准线的距离为p=.‎ 答案:B ‎2.过点A(4,a)与B(5,b)的直线与直线y=x+m平行,则|AB|= (  )‎ A.6 B. C.2 D.不确定 解析:由题知=1,∴b-a=1.‎ ‎∴|AB|==.‎ 答案:B ‎3.已知双曲线-=1的离心率为e,抛物线x=2py2的焦点为(e,0),则p的值为(  )‎ A.2 B.1‎ C. D. 解析:依题意得e=2,抛物线方程为y2=x,故=2,得p=.‎ 答案:D ‎4.若直线ax+2by-2=0(a>0,b>0)始终平分圆x2+y2-4x-2y-8=0的周长,则+‎ 的最小值为 (  )‎ A.1 B.5‎ C.4 D.3+2 解析:由(x-2)2+(y-1)2=13,得圆心(2,1),‎ ‎∵直线平分圆的周长,即直线过圆心.‎ ‎∴a+b=1.‎ ‎∴+=(+)(a+b)=3++≥3+2,‎ 当且仅当=,即a=-1,b=2-时取等号,‎ ‎∴+的最小值为3+2.‎ 答案:D ‎5.若双曲线-y2=1的一个焦点为(2,0),则它的离心率为 (  )‎ A. B. C. D.2‎ 解析:由a2+1=4,∴a=,‎ ‎∴e==.‎ 答案:C ‎6.双曲线-=1(a>0,b>0)的一条渐近线方程为y=x(e为双曲线离心率),则有 ‎(  )‎ A.b=‎2a B.b=a C.a=2b D.a=b 解析:由已知=e,‎ ‎∴=×,∴c=b,又a2+b2=c2,‎ ‎∴a2+b2=5b2,∴a=2b.‎ 答案:C ‎7.(2009·全国卷Ⅱ)双曲线-=1的渐近线与圆(x-3)2+y2=r2(r>0)相切,则r=(  )‎ A. B.2‎ C.3 D.6‎ 解析:双曲线的渐近线方程为y=±x即x±y=0,圆心(3,0)到直线的距离d=‎ =.‎ 答案:A ‎8.(2009·天津高考)设抛物线y2=2x的焦点为F,过点M(,0)的直线与抛物线相交于 A、B两点,与抛物线的准线相交于点C,|BF|=2,则△BCF与△ACF的面积之比 ‎= (  )‎ A. B. C. D. 解析:如图过A、B作准线l:x=-的垂线,垂足分别为A1,B1,‎ 由于F到直线AB的距离为定值.‎ ‎∴=.‎ 又∵△B1BC∽△A‎1AC.‎ ‎∴=,‎ 由拋物线定义==.‎ 由|BF|=|BB1|=2知xB=,yB=-,‎ ‎∴AB:y-0=(x-).‎ 把x=代入上式,求得yA=2,xA=2,‎ ‎∴|AF|=|AA1|=.‎ 故===.‎ 答案:A 二、填空题(本大题共7小题,每小题5分,共35分.请把正确答案填在题中横线上)‎ ‎9.已知点(x0,y0)在直线ax+by=0(a,b为常数)上,则的最小值为 ‎________.‎ 解析:可看作点(x0,y0)与点(a,b)的距离.而点(x0,y0)在直线ax+by=0上,所以的最小值为点(a,b)到直线ax+by=0的距离=.‎ 答案: ‎10.△ABC的顶点A(-5,0),B(5,0),△ABC的内切圆圆心在直线x=3上,则顶点C 的轨迹方程是________.‎ 解析:如图|AD|=|AE|=8,|BF|=|BE|=2,|CD|=|CF|,‎ 所以|CA|-|CB|=8-2=6.‎ 根据双曲线定义,所求轨迹是以A、B 为焦点,实轴长为6的双曲线的右支,方程为-=1(x>3).‎ 答案:-=1(x>3)‎ ‎11.抛物线y=-4x2上的一点M到焦点的距离为1,则点M的纵坐标是________.‎ 解析:准线方程为y=,‎ 由定义知-yM=1⇒yM=-.‎ 答案:- ‎12.(2009·四川高考改编)已知双曲线-=1(b>0)的左、右焦点分别为F1、F2,其一 条渐近线方程为y=x,点P(,y0)在该双曲线上,则PF1―→·PF2―→=________.‎ 解析:由渐近线方程y=x得b=,‎ 点P(,y0)代入-=1中得y0=±1.‎ 不妨设P(,1),∵F1(2,0),F2(-2,0),‎ ‎∴PF1―→·PF2―→=(2-,-1)·(-2-,-1)‎ ‎=3-4+1=0.‎ 答案:0‎ ‎13.(2009·福建高考)过抛物线y2=2px(p>0)的焦点F作倾斜角为45°的直线交抛物线于A、‎ B两点,若线段AB的长为8,则p=________.‎ 解析:由焦点弦|AB|=得|AB|=,‎ ‎∴2p=|AB|×,∴p=2.‎ 答案:2‎ ‎14.直线l的方程为y=x+3,在l上任取一点P,若过点P且以双曲线12x2-4y2=3‎ 的焦点为椭圆的焦点作椭圆,那么具有最短长轴的椭圆方程为______________.‎ 解析:所求椭圆的焦点为F1(-1,0),F2(1,0),‎2a=|PF1|+|PF2|.欲使‎2a最小,只需 在直线l上找一点P,使|PF1|+|PF2|最小,利用对称性可解.‎ 答案:+=1‎ ‎15.过抛物线y2=2px(p>0)的焦点F的直线l与抛物线在第一象限的交点为A,与抛物 线准线的交点为B,点A在抛物线准线上的射影为C,若=48,则 抛物线的方程为______________.‎ 解析:设抛物线的准线与x轴的交点为D,依题意,F为线段AB的中点,‎ 故|AF|=|AC|=2|FD|=2p,‎ ‎|AB|=2|AF|=2|AC|=4p,‎ ‎∴∠ABC=30°,||=2p,‎ ‎=4p·2p·cos30°=48,‎ 解得p=2,‎ ‎∴抛物线的方程为y2=4x.‎ 答案:y2=4x 三、解答题(本大题共6小题,共75分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演 算步骤)‎ ‎16.(本小题满分12分)已知:圆C:x2+y2-8y+12=0,直线l:ax+y+‎2a=0.‎ ‎(1)当a为何值时,直线l与圆C相切;‎ ‎(2)当直线l与圆C相交于A、B两点,且AB=2时,求直线l的方程.‎ 解:将圆C的方程x2+y2-8y+12=0配方得标准方程为x2+(y-4)2=4,则此圆的 圆心为(0,4),半径为2.‎ ‎(1)若直线l与圆C相切,则有=2.‎ 解得a=-.‎ ‎(2)过圆心C作CD⊥AB,则根据题意和圆的性质,‎ 得 解得a=-7,或a=-1.‎ 故所求直线方程为7x-y+14=0或x-y+2=0.‎ ‎17.(本小题满分12分)过点P(2,4)作两条互相垂直的直线l1、l2,若l1‎ 交x轴于A点,l2交y轴于B点,求线段AB的中点M的轨迹方 程.‎ 解:法一:设点M的坐标为(x,y),‎ ‎∵M为线段AB的中点,‎ ‎∴A的坐标为(2x,0),B的坐标为(0,2y).‎ ‎∵l1⊥l2,且l1、l2过点P(2,4),‎ ‎∴PA⊥PB,kPA·kPB=-1.‎ 而kPA=,kPB=,(x≠1),‎ ‎∴·=-1(x≠1).‎ 整理,得x+2y-5=0(x≠1).‎ ‎∵当x=1时,A、B的坐标分别为(2,0),(0,4),‎ ‎∴线段AB的中点坐标是(1,2),它满足方程 x+2y-5=0.‎ 综上所述,点M的轨迹方程是x+2y-5=0.‎ 法二:设M的坐标为(x,y),则A、B两点的坐标分别是(2x,0),‎ ‎(0,2y),连结PM,‎ ‎∵l1⊥l2,∴2|PM|=|AB|.‎ 而|PM|=,‎ ‎|AB|= ‎∴2=.‎ 化简,得x+2y-5=0即为所求的轨迹方程.‎ 法三:设M的坐标为(x,y),‎ 由l1⊥l2,BO⊥OA,知O、A、P、B四点共圆,‎ ‎∴|MO|=|MP|,即点M是线段OP的垂直平分线上的点.‎ ‎∵kOP==2,线段OP的中点为(1,2),‎ ‎∴y-2=-(x-1),‎ 即x+2y-5=0即为所求.‎ ‎18.(本小题满分12分)(2010·株州模拟)已知动圆过定点F(0,2),且与定直线L:y=-2‎ 相切.‎ ‎(1)求动圆圆心的轨迹C的方程;‎ ‎(2)若AB是轨迹C的动弦,且AB过F(0,2),分别以A、B为切点作轨迹C的切线,‎ 设两切线交点为Q,证明:AQ⊥BQ.‎ 解:(1)依题意,圆心的轨迹是以F(0,2)为焦点,L:y=-2为准线的抛物线.‎ 因为抛物线焦点到准线距离等于4,‎ 所以圆心的轨迹是x2=8y.‎ ‎(2)证明:因为直线AB与x轴不垂直,‎ 设AB:y=kx+2.‎ A(x1,y1),B(x2,y2).‎ 由 可得x2-8kx-16=0,x1+x2=8k,x1x2=-16.‎ 抛物线方程为y=x2,求导得y′=x.‎ 所以过抛物线上A、B两点的切线斜率分别是k1=x1,k2=x2,k1k2=x1·x2= x1·x2=-1.‎ 所以AQ⊥BQ.‎ ‎19.[理](本小题满分13分)给定抛物线C:y2=4x,F是C的焦点,过点F的直线l与C 相交于A,B两点,记O为坐标原点.‎ ‎(1)求OA―→·OB―→的值;‎ ‎(2)设AF―→=λFB―→,当△OAB的面积S∈[2, ]时,求λ的取值范围.‎ 解:(1)根据抛物线的方程可得焦点F(1,0),‎ 设直线l的方程为x=my+1,‎ 将其与C的方程联立,消去x可得y2-4my-4=0.‎ 设A,B点的坐标分别为(x1,y1),(x2,y2)(y1>0>y2),‎ 则y1y2=-4.‎ 因为y=4x1,y=4x2,‎ 所以x1x2=yy=1,‎ 故=x1x2+y1y2=-3.‎ ‎(2)因为=λ,‎ 所以(1-x1,-y1)=λ(x2-1,y2),‎ 即 又y=4x1, ③‎ y=4x2, ④‎ 由②③④消去y1,y2后,得到x1=λ2x2,将其代入①,注意到λ>0,解得x2=.从而 可得y2=-,y1=2,‎ 故△OAB的面积S=|OF|·|y1-y2|=+,‎ 因+≥2恒成立,所以只要解+≤即可,‎ 解之得≤λ≤.‎ ‎[文](本小题满分13分)已知圆(x-2)2+(y-1)2=,椭圆b2x2+a2y2=a2b2(a>b>0)的离 心率为,若圆与椭圆相交于A、B,且线段AB是圆的直径,求椭圆的方程.‎ 解:∵e===,∴a2=2b2.‎ 因此,所求椭圆的方程为x2+2y2=2b2,‎ 又∵AB为直径,(2,1)为圆心,即(2,1)是线段AB的中点,‎ 设A(2-m,1-n),B(2+m,1+n),则 ⇒ ‎⇒得2b2=16.‎ 故所求椭圆的方程为x2+2y2=16.‎ ‎20.(本小题满分12分)已知A、B、D三点不在一条直线上,且A(-2,0),B(2,0),||=2,=(+).‎ ‎(1)求E点的轨迹方程;‎ ‎(2)过A作直线交以A、B为焦点的椭圆于M,N两点,线段MN的中点到y轴的距离为,且直线MN与E点的轨迹相切,求椭圆的方程.‎ 解:(1)设E(x,y),由=(+),可知E为线段BD的中点,‎ 又因为坐标原点O为线段AB的中点,‎ 所以OE是△ABD的中位线,‎ 所以||=||=1,‎ 所以E点在以O为圆心,1为半径的圆上,‎ 又因为A,B,D三点不在一条直线上,‎ 所以E点不能在x轴上,‎ 所以E点的轨迹方程是x2+y2=1(y≠0).‎ ‎(2)设M(x1,y1),N(x2,y2),中点为(x0,y0),椭圆的方程为+=1,直线MN的方程为y=k(x+2)(当直线斜率不存在时不成立),‎ 由于直线MN与圆x2+y2=1(y≠0)相切,‎ 所以=1,解得k=±,‎ 所以直线MN的方程为y=±(x+2),‎ 将直线y=±(x+2)代入方程+=1,‎ 整理可得:4(a2-3)x2+‎4a2x+‎16a2-‎3a4=0,‎ 所以x0==-.‎ 又线段MN的中点到y轴的距离为,‎ 即x0=-=-,解得a=2.‎ 故所求的椭圆方程为+=1.‎ ‎21.[理](本小题满分14分)(2010·东北四市模拟)已知O为坐标原点,点A、B分别在x轴,y轴上运动,且|AB|=8,动点P满足=,设点P的轨迹为曲线C,定点为M(4,0),直线PM交曲线C于另外一点Q.‎ ‎(1)求曲线C的方程;‎ ‎(2)求△OPQ面积的最大值.‎ 解:(1)设A(a,0),B(0,b),P(x,y),‎ 则=(x-a,y),=(-x,b-y),‎ ‎∵=,∴∴a=x,b=y.‎ 又|AB|==8,∴+=1.‎ ‎∴曲线C的方程为+=1.‎ ‎(2)由(1)可知,M(4,0)为椭圆+=1的右焦点,‎ 设直线PM方程为x=my+4,‎ 由消去x得 ‎(‎9m2‎+25)y2+72my-81=0,‎ ‎∴|yP-yQ|= ‎=.‎ ‎∴S△OPQ=|OM||yP-yQ|=2× ‎=== ‎≤=,‎ 当=,‎ 即m=±时,△OPQ的面积取得最大值为,此时直线方程为3x±y-12=0.‎ ‎[文](本小题满分14分)设椭圆ax2+by2=1与直线x+y-1=0相交于A、B两点,点C是AB的中点,若|AB|=2,OC的斜率为,求椭圆的方程.‎ 解:设A(x1,y1),B(x2,y2),那么A、B的坐标是方程组的解.‎ 由ax+by=1,ax+by=1,两式相减,得 a(x1+x2)(x1-x2)+b(y1+y2)(y1-y2)=0,‎ 因为=-1,‎ 所以=,‎ 即=,==,所以b=a.①‎ 再由方程组消去y得(a+b)x2-2bx+b-1=0,‎ 由|AB|== ‎==2,‎ 得(x1+x2)2-4x1x2=4,即()2-4·=4.②‎ 由①②解得a=,b=,‎ 故所求的椭圆的方程为+=1.‎