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  • 2021-06-16 发布

高考数学黄金100题系列第11题函数的奇偶性理

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第 11 题 函数的奇性 I.题源探究·黄金母题 【例 1】判断下列函数的奇偶性:   2 1xf x x   . 【解析】      ,f x f x f x    为奇函数. 【例 2】已知函数  f x 是定义在 R 上的奇函数,当 0x 时,    1f x x x  .画出函数  f x 的图象,并求出函数的解 析式. 【答案】       0)1( 0),1( )( xxx xxx xf , 【解析】函数  f x 是定义在 R上的奇函数,则对 Rx 都 有: )()( xfxf  ,当 0x 时, 0 x ,则 )( 1-)]1([)()( xxxxxfxf  ,那么       0)1( 0),1( )( xxx xxx xf , ;函数图象如下: 精彩解读 【试题来源】例 1:人教 A 版必修一第 36 页练习第 1(3)题;例 2:人教 A 版必修 一第 39 页 A 组第 6 题 【母题评析】本题借助函数的奇性,利用 函数的奇性的定义,求函数的解析式,并 利用奇函数、函数图象的性质,画出函数 的图象.借助函数的奇性以及函数图象特 征解题是高考函数部分重点考察内容. 【思路方法】借助函数的奇、性的定义既 可以求值,也可以求函数的解析式,而画 函数图像是,只需画出 y轴右侧的图象, 按照函数图象的对称要求,再画出 y轴左 侧的图象.另外画图时取几个特殊点,以 数助形,确保准确无误! II.考场精彩·真题回放 【例 1】【2017 高考新课标 I 卷】函数 ( )f x 在 ( , )  单 调递减,且为奇函数.若 ( 11)f   ,则满足 21 ( ) 1xf    的 x的取值范围是 A.[ 2,2] B.[ 1,1] C.[0, 4] D.[1,3] 【命题意图】本类题常利用函数的奇性、 周期性求值. 【考试方向】这类试题在考查题型上,通 【答案】D 【解析】因为 ( )f x 为奇函数且在 ( , )  单调递减,要使 1 ( ) 1f x   成立,则 x满足 1 1x   ,从而由 1 2 1x    得1 3x  ,即满足 1 ( 2) 1f x    成立的 x的取值范围为[1,3],选 D. 【考点】函数的奇性、单调性 【名师点睛】奇性与单调性的综合问题,要重视利用奇、函 数与单调性解决不等式和比较大小问题,若 ( )f x 在 R上为 单调递增的奇函数,且 1 2( ) ( ) 0f x f x  ,则 1 2 0x x  , 反之亦成立. 【例 2】【2017 高考北京卷】已知函数 1( ) 3 ( ) 3 x xf x   , 则 ( )f x A.是奇函数,且在 R 上是增函数 B.是函数,且在 R 上是增函数 C.是奇函数,且在 R 上是减函数 D.是函数,且在 R 上是减函数 【答案】A 【解析】    1 13 3 3 3 x x x xf x f x                    ,所以 函数是奇函数,并且3x是增函数, 1 3 x       是减函数,根据增 函数-减函数=增函数,所以函数是增函数,故选 A. 【例 3】【2017 高考新课标 I】函数 sin2 1 cos xy x   的部分图 像大致为 ( ) 常基本以选择题或填空题的形式出现,难 度较小,往往借助函数的奇性、单调性、 周期性等解题,常考查求值、比较大小、 解不等式等. 【难点中心】本题是考查利用函数周期性 和奇性求函数值,是基础题.利用函数的 周期性、奇性求函数值,需要先借助周期 性调整自变量的值,再利用奇性调整自变 量的符号,最终利用已知函数的解析式求 值.而借助周期性、奇性、单调性进行比 较大小或解不等式时,还要利用函数的单 调性. A. B. C. D. 【答案】C 【解析】由题意知,函数 sin 2 1 cos xy x   为奇函数,故排除 B; 当 x  时, 0y  ,排除 D;当 1x  时, sin 2 0 1 cos 2 y    , 排除 A.故选 C. 【例 4】【2017 高考新课标 II 卷】已知函数 ( )f x 是定义在R 上的奇函数,当 ( ,0)x  时, 3 2( ) 2f x x x  ,则 (2)f  . 【答案】12 【解析】 (2) ( 2) [2 ( 8) 4] 12f f         【例 5】【2017 高考山东卷】已知 f(x)是定义在 R 上的偶函 数,且 f(x+4)=f(x-2).若当 [ 3,0]x  时, ( ) 6 xf x  , 则 f(919)= . 【答案】6 【解析】由 f(x+4)=f(x-2)可知,  f x 是周期函数,且 6T  ,所以 (919) (6 653 1) (1)f f f    ( 1) 6f   . III.理论基础·解题原理 考点一 函数的奇性的基本概念 1.如果对于函数 f(x)的定义域内任意一个 x,都有 )()( xfxf  ,那么,函数 f(x)是函数,函数 的图象关于 y轴对称. 2.如果对于函数 f(x)的定义域内任意一个 x,都有 )()( xfxf  ,那么,函数 f(x)是奇函数, 奇函数的图象关于原点对称. 考点二 对函数的奇性的理解 (1)判断函数的奇性,易忽视函数定义域是否关于原点对称.定义域关于原点对称是函数具有奇性的 一个必要条件 (2)判断函数 f(x)是奇函数,必须对定义域内的每一个 x,均有 f(-x)=-f(x),而不能说存在 x0 使 f(-x0)=-f(x0),对于函数的判断以此类推. 考点三 函数的奇性的有关结论 (1)在奇、函数的定义中, )()(),()( xfxfxfxf  是定义域上的恒等式,要注意利用反向 使用,如: )()(),()( xfxfxfxf  . (2)奇函数图象关于原点对称,奇函数 )(xf 若在 0x 处有意义,则 0)0( f ;奇函数在关于原点 对称的两个单调区间上单调性相同,奇函数在关于原点对称的两个单调区间上若取得最大值和最小值, 则其和为零; (3)函数图象关于 y轴对称,函数在关于原点对称的两个单调区间上单调性相反. IV.题型攻略·深度挖掘 【考试方向】 这类试题在考查题型上,通常基本以选择题或填空题的形式出现,难度较小,往往与函数求值、比 较大小、解不等式有联系. 【技能方法】 1.判断函数奇偶性的方法 (1)定义法:一般地,对于较简单的函数解析式,可通过定义直接作出判断;对于较复杂的解析式, 可先对其进行化简,再利用定义进行判断.利用定义判断函数奇偶性的步骤: (2)图象法:奇函数的图象关于原点成中心对称,偶函数的图象关于 y 轴成轴对称.因此要证函数 的图象关于原点对称,只需证明此函数是奇函数即可;要证函数的图象关于 y 轴对称,只需证明此函数 是偶函数即可.反之,也可利用函数图象的对称性去判断函数的奇偶性. 2.已知带有字母参数的函数表达式及奇偶性求参数 常常采用待定系数法,利用 f(x)±f(-x)=0 得到关于 x的恒等式,由对应项系数相等可得字母的 值. 【易错指导】 函数的奇偶性是函数在整个定义域内的性质,其定义中要求 f(x)和 f(-x)必须同时存在,所以函数 定义域必须关于原点对称,这是函数具有奇偶性的前提.如果某一个函数的定义域不关于原点对称,它 一定是非奇非偶函数. V.举一反三·触类旁通 考向 1 函数的奇性的判断 【例 1】【2018 辽宁沈阳模拟】下列函数的图像关于 y轴对称的是( ) A. 2y x x  B. 1y x   C. 2 2x xy   D. 2 2x xy   【答案】D 【例 2】若函数    f x x R 是奇函数,函数    g x x R 是偶函数,则一定成立的是( ) A.函数  f g x  是奇函数 B.函数  g f x  是奇函数 C.函数  f f x  是奇函数 D.函数  g g x  是奇函数 【答案】C 【解析】由题得,函数    ,f x g x 满足        ,f x f x g x g x     ,则有    f g x f g x        ,      g f x g f x g f x              ,      f f x f f x f f x               ,    g g x g g x        ,所以根据奇偶函数的判断可得只有选项 C是正确的,故选 C 【例 3】【2018 江西新余一中第二模拟】数  y f x 与  y g x 有相同的定义域,且都不是常值函数, 对于定义域内的任何 x,有     0f x f x   ,     1g x g x  ,且当 0x  时,   1g x  ,则        2 1 f x F x f x g x    的奇偶性为__________. 【答案】偶函数 【解析】由条件,得              2 2 11 1 f x f x F x f x f x g x g x                                2 2 1 1 f x g x f x g x f x f x g x f x g x g x                                    2 = 1 1 1 f x g x f x f x g x f x f x f x F x g x g x g x             ,故        2 1 f x F x f x g x    为偶函数,故答案为偶函数. 【跟踪练习】 1.在函数 cosy x x , exy x  , lgy x  , siny x x 中,偶函数的个数是( ) A.3 B. 2 C.1 D.0 【参考答案】B 【点评】先利用定义判断函数的奇性,排除不符合题意的选择支,在借助函数的单调性选取. 2.下列函数为奇函数的是( ) A. 12 2 x x B. 3 sinx x C.2cos 1x D. 2 2xx  【答案】A 3.下列函数中,既是偶函数又在区间  0,1 上单调递减的函数为( ). A. x y 1  B. xy lg C. xy cos D. 2xy  【答案】C 【解析】∵ cosy x 是偶函数,且在  0, 上单减,而    0,1 0, ,∴ cosy x 满足条件,故选 C. 【点评】判断函数的奇性,先看定义域是否关于原点对称,之后再利用定义去衡量,或直接观察,本题 中 C、D 两个选择支为函数,再利用单调性去衡量;这类题为高考常见题,属于基础题. 4.下列函数中既是奇函数,又在区间内是增函数的为( ) A. Rxxy  ,sin B. 0,,ln  xRxxy 且 C. Rxeey xx   , D. Rxxy  ,13 【答案】C. 【解析】首先判断奇性: B 为函数,A,C 为奇函数,D 既不是奇函数也不是函数, 所以排除 B、D; siny x 在(0,2)先增后减,排除 A,故选 C. 考向 2 函数的奇性与求函数值 【例 4】【2018 河北邢台高一上学期第一次联考】已知  y f x 是奇函数,且  4 5f  ,那么    4 + 4f f  的值为 ( ) A. 5 B.0 C. 2 5 D.不确定 【答案】B 【解析】  y f x 是奇函数,且  4 5f  ,所以  4 5f    ,那么    4 4f f   5 5 0  ,故选 B. 【例 5】【2018 河北武邑中学上学期第二次调研】已知  f x 是定义在 R上的奇函数,当 0x  时,   5xf x m  (m为常数),则  5log 7f  的值为( ) A.4 B.-4 C.6 D.-6 【答案】D 点睛:若函数 f(x)是奇函数,则 f(0)不一定存在;若函数 f(x)的定义域包含 0,则必有 f(0)=0. 【例 6】【2018 辽宁鞍山一中上学期第一次模拟】已知函数  f x 为奇函数,且当 0x  时,   2 1f x x x   ,则  2f   ________. 【答案】 9 2  ; 【解析】因为 0x  时,   2 1f x x x   ,所以   92 2 f  ,又  f x 为奇函数,所以     92 2 2 f f     ,故填 9 2  . 【例 7】【2018 山西省 45 校联考】若函数    10 10 1ax xf x   是偶函数,则 a __________. 【答案】 1 2  【解析】函数    10 10 1ax xf x   是偶函数,所以    1 1f f  ,即    110 10 1 10 10 1a a     . 故 1110 10 11 10 a a    ,解得 1 2 a   . 当 1 2 a   时,     1 1 1 2 2 210 10 1 10 10 x x xxf x       ,满足    f x f x  . 综上可知,若函数    10 10 1ax xf x   是偶函数,则 1 2 a   . 【例8】【2016年高考四川卷】已知函数 ( )f x 是定义在R上的周期为2的奇函数,当0<x<1时, ( ) 4xf x  , 则 5( ) (1) 2 f f  = . 【答案】-2 【解析】因为函数 ( )f x 是定义在 R上周期为 2的奇函数,所以 ( 1) (1), ( 1) ( 1 2) (1)f f f f f        ,所以 (1) (1)f f  ,即 (1) 0f  , 1 25 1 1 1( ) ( 2) ( ) ( ) 4 2 2 2 2 2 f f f f            ,所以 5( ) (1) 2 2 f f    . 【例 9】【2018 全国 18 名校大联考第二次联考】已知函数   x mf x a  ( ,m a为常数, 0a  且 1a  ) 的图象过点  2,4A , 11, 2 B      . (1)求实数 ,m a的值; (2)若函数       1 1 f x g x f x    ,试判断函数  g x 的奇偶性,并说明理由. 【答案】(1) 1m  , 1 2 a  ;(2)奇函数. (2)由(1)求出函数       1 2 1 1 2 1 x x f x g x f x       ,并根据指数的运算性质进行化简,进而根据函数奇偶 性的定义,可得答案. 试题解析:(1)把  2,4A , 11, 2 B      的坐标代入   x mf x a  ,得 2 1 4, { 1 2 m a m a   ,解得 1m  , 1 2 a  . (2)  g x 是奇函数.理由如下:由(1)知   2xf x  ,所以       1 2 1 1 2 1 x x f x g x f x       . 所以函数  g x 的定义域为R .又   2 1 2 2 2 2 1 2 2 2 x x x x x x x xg x               2 1 2 1 x x g x      ,所以函数  g x 为奇函数. 【跟踪练习】 1.【2018 山西晋豫名校联考】若对 , Rx y  ,有       3f x y f x f y    ,则函数    2 2 1 xg x f x x    在 2017,2017 上的最大值与最小值的和为( ) A.4 B.6 C.9 D.12 【答案】B 2.【2018 辽宁庄河高级中学、沈阳二十中上学期第一次联考】设  f x 是定义在 R上的奇函数,且其图 象关于 1x  对称,当  0,2x 时,   22f x x x  ,则      0 1 ... 2017f f f   的值为( ) A.-1, B.0 C.1 D.不能确定 【答案】C 【解析】定义在 R上的奇函数  f x 的图象是关于直线 1x  对称,    2f x f x   ,    2 2 2f x f x       ,即        2 , 4f x f x f x f x      ,故函数  f x 的周期为 4.                  1 1 1, 1 1, 2 0 0, 3 1 1, 4 0 0f f f f f f f f f               , 则        1 2 3 2017f f f f                   504 0 1 2 3 2016 2017 504 0 0 1 1f f f f f f f f              ,故选C. 3.【2017 河北定州中学】函数  f x 是定义在R 上的奇函数,当 0x  时,     2 ,0 1 1 1 , 1 2 x x f x f x x        , 则方程   1f x x  在 3,5 上的所有实根之和为( ) A.0 B.2 C.4 D.6 【答案】C 4.【2018 辽宁凌源三校联考】已知函数  f x 为R 内的奇函数,且当 0x  时,   e 1 cosxf x m x    , 记  2 2a f   ,  1b f   ,  3 3c f ,则 , ,a b c间的大小关系是( ) A.b a c  B. a c b  C. c a b  D. c b a  【答案】C 【解析】利用奇函数的性质 可得:   00 1 cos0 0, 0f e m m        ,即当 0x  时,函数的解析 式为:   1xf x e   ,令     0g x xf x x  ,由函数的奇偶性的定义可得函数 g(x)是定义域内的 偶函数,且:    ' 1 1 xg x x e   ,      1 1, 1, 1 1, ' 1 1 0x x xx e x e g x x e          ,即函 数  g x 在区间 0, 上单调递减,且:          2 2 , 1 1 , 3a f f b f f c f       ,结合函数 的单调性可得: c a b  .故选 C. 5.【2018 江西新余模拟】已知  2 1y f x  为奇函数,  y f x 与  y g x 图像关于 y x 对称, 若 1 2 0x x  ,则    1 2g x g x ( ) A.2 B.-2 C.1 D.-1 【答案】B 【解析】  2 1y f x  为奇函数,故  2 1y f x  的图象关于原点  0,0 对称,而函数  y f x 的 图象可由  2 1y f x  图象向左平移 1 2 个单位,再保持纵坐标不变,横坐标伸长到原来的 2倍得到,故  y f x 的图象关于点  1,0 对称,又  y f x 与  y g x 图象关于 y x 对称,故函数  y g x 的 图象关于点  0, 1 对称, 1 2 0x x  ,即 1 2x x  ,故点      1 1 2 2, , ,x g x x g x ,关于点  0, 1 对 称,故    1 2 2g x g x   ,故选 B. 【方法点晴】本题主要考查函数的奇偶性、函数图象的平移变换、放缩变换以及函数的对称性,属于难 题题.函数图像的确定除了可以直接描点画出外,还常常利用基本初等函数图像经过“平移变换”“翻 折变换”“对称变换”“伸缩变换”得到,在变换过程中一定要注意变换顺序.本题是利用函数的平移 变换、放缩变换后根据对称性解答的. 6.【2016 高考山东卷】已知函数 f(x)的定义域为 R.当 x<0 时, 3( ) 1f x x  ;当 1 1x   时, ( ) ( )f x f x   ;当 1 2 x  时, 1 1( ) ( ) 2 2 f x f x   .则 f(6)= ( ) (A)−2 (B)−1 (C)0 (D)2 【答案】D 【点评】本题主要考查分段函数的概念、函数的奇性与周期性,是高考常考知识内容.本题具备一定难 度.解答此类问题,关键在于利用分段函数的概念,发现周期函数特征,进行函数值的转化.本题能较 好的考查考生分析问题解决问题的能力、基本计算能力等. 7.【2016 高考江苏卷】设 ( )f x 是定义在 R上且周期为 2的函数,在区间[ 1,1) 上, , 1 0, ( ) 2 ,0 1, 5 x a x f x x x          其中 .aR 若 5 9( ) ( ) 2 2 f f  ,则 (5 )f a 的值是 ▲ . 【答案】 2 5  【解析】 5 1 9 1 1 1 2 3( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 5 5 f f f f a a            , 因此 3 2(5 ) (3) (1) ( 1) 1 5 5 f a f f f         【点评】分段函数的考查方向注重对应性,即必须明确不同的自变量所对应的函数解析式是什么.函数 周期性质可以将未知区间上的自变量转化到已知区间上.解决此类问题时,要注意区间端点是否取到及 其所对应的函数值,尤其是分段函数结合点处函数值. 考向 3 函数的奇性与解不等式 【例 10】【2018 广东佛山模拟】设函数 f(x)= -ln(|x|+1),则使得 f(x)>f(2x-1)成立的 x 的取 值范围是( ) A. B. C. D. 【答案】B 点睛:对于求值或范围的问题,一般先利用函数的奇偶性得出区间上的单调性,再利用其单调性脱去函 数的符号“f”,转化为解不等式(组)的问题,若 f(x)为偶函数,则 f(-x)=f(x)=f( |x|). 【例 11】【2018 河南即豫南九校联考】已知定义域为 的偶函数 在 上是减函数,且 , 则不等式 的解集为( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】f(x)是 R的偶函数,在(﹣∞,0]上是减函数,所以 f(x)在[0,+∞)上是增函数, 所以 f(log2x)>2=f(1)⇔f(|log2x|)>f(1)⇔|log2x|>1;即 log2x>1 或 log2x<﹣1; 解可得 x>2 或 .故选 B. 点睛:根据题意,结合函数的奇偶性、单调性分析可得 f(log2x)>2⇔|log2x|>1;化简可得 log2x>1 或 log2x<﹣1,解可得 x的取值范围,即可得答案. 【例 12】【2017 广西质检】已知定义在 R上的奇函数  f x 在 0, 上递减,若    3 2 1f x x a f x    对  1,2x  恒成立,则 a的取值范围为( ) A.  3,  B.  , 3  C.  3, D.  ,3 【答案】C 【解析】由已知可得  f x 在 R 上是减函数,故原命题等价于 3 2 1,x x a x    ,即 3a x  3 1x  在 1,2 上恒成立,设   3 3 1f x x x    ,令   2' 3 3 0 1f x x x       ,当 1 1x   时  ' 0f x  ,当1 2x  时  ' 0f x  ,因此    max 1 3a f x f   ,故选 C. 【点睛】本题关键步骤有:1.利用奇函数的性质可得  f x 在 R 上是减函数;2.将原命题等价转化为 3a x  3 1x  在 1,2 上恒成立;3.利用导数工具求得  max f x ,从而求得正解. 【例 13】【2016 高考天津卷】已知 f(x)是定义在 R 上的函数,且在区间(-,0)上单调递增.若实数 a满足 1(2 ) ( 2)af f   ,则 a 的取值范围是______. 【答案】 1 3( , ) 2 2 【点评】由于函数图像关于 y轴对称,解不等式时要根据函数的单调性特点去解答,本题中函数 )(xf 在区间(-,0)上单调递增,因此 babfaf  )()( ,在解题中要重视数形结合思想,既要想形 又要以形助数,常见的“以形助数”的方法有: (1)借助数轴,运用数轴的有关概念,解决与绝对值有关的问题,解决数集的交、并、补运算非常有效. (2)借助函数图象性质,利用函数图象分析问题和解决问题是数形结合的基本方法,需注意的问题是准确 把握代数式的几何意义实现“数”向“形”的转化. 【跟踪练习】 1.【2018山西45校第一次联考】函数 是定义在 上的奇函数,当 时, 为减函数,且 , 若 ,则 的取值范围是( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】函数  f x 是定义在 R上的奇函数,是 0, 上的减函数,故函数  f x 在 R上单调递减,又  1 1f   ,所以  1 1f   ,因此      2 1 2 1 2 1 3f x f x f x x           , x的取值 范围是  ,3 ,故选 A. 2.【2015 高考山东卷】若函数 2 1( ) 2 x xf x a    是奇函数,则使 3f x ( ) 成立的 x的取值范围为( ) (A)( ) (B)( ) (C) 0,1( )(D) 1,( ) 【答案】C 3.【2018 广东珠海 9月摸底考试】定义在 R 上的偶函数 f (x) , 满足 x 0 时 , f (x) 0 , 则关于 x 的不等式 f (| x |) f ( 3) 的解集为( ) A.( 3 ,3) B.[ 3 ,3] C.( , 3) U(3 , ) D.( , 3] U[3 , ) 【答案】D 4.【2018 广东广州模拟】若函数   2 2 1 x x af x    为奇函数,   , 0 { , 0ax alnx x g x e x    ,则不等式   1g x  的 解集为( ) A.   1,0 0, e       B.  ,e  C.    ,0 0,e  D. 1, e      【答案】C 【解析】∵函数   2 2 1 x x af x    为奇函数,∴f(0)=0,即 a=−1,∴   , 0 { , 0ax alnx x g x e x    ,当 x>0 时,解 g(x)=−lnx>1 得:x∈(0,e−1),当 x<0 时,解 g(x)= e x >1 得:x∈(−∞,0),故不等式 g(x)>1 的解集 为(−∞,0)∪((0,e−1),故选 C. 5.【2018 全国 18 名校大联考】已知函数  y f x 是定义在R 上的奇函数,当 0x  时,   2f x x   , 那么不等式   1 0f x   的解集是__________. 【答案】 0x x  【解析】由题意知,函数  y f x 的定义域为R ,当 0x  时,   2f x x   ,则当 0x  时, 0x  , 所以   2f x x   ,又函数  y f x 是定义在R 上的奇函数,所以     2f x f x x      ,即   2, 0, { 0, 0, 2, 0. x x f x x x x         因此不等式   1 0f x   等价于 0, { 2 1 0 x x      或 0, { 0 1 0 x    或 0, { 2 1 0 x x      ,解得 0x  .故不等式   1 0f x   的解集为 0x x  . 考向 4 利用函数的奇性与单调性研究函数的图象 【例 14】【2018 辽宁庄河高级中学、沈阳二十中上学期第一次联考】函数 的图象( ) A.关于 轴对称 B.关于 轴对称 C.关于原点对称 D.关于直线 对称 【答案】B 【例 15】【2017 山东日照模拟】函数   2 sin 1 xf x x   的图象大致为( ) 【答案】A 【解析】函数  f x 定义域为 R,又        2 2 sin sin 11 x xf x f x xx           ,函数  f x 为奇函 数.其图像关于原点对称.故排除 C、D,又当0 πx  时,sin 0x  ,所以 ( ) 0f x  可排除 B,故 A正 确. 【点评】先判断函数奇性,根据图像的对称性,排除部分选择支,在利用特殊点,特殊函数值的找到最 符合要求的图象. 【例 16】【2018 广东茂名五大联盟学校联考】函数 的图象大致是( ) A. B. C. D. 【答案】D 【跟踪练习】 1.【2016 高考新课标 1 卷】函数 22 xy x e  在 2, 2 的图像大致为 A B C D 【答案】D 【解析】函数 f(x)=2x2 –e |x| 在[–2,2]上是函数,其图象关于 y 轴对称,因为 2 2(2) 8 ,0 8 1f e e     , 所以排除 ,A B 选项;当  0,2x 时, 4 xy x e   有一零点,设为 0x ,当 0(0, )x x 时, ( )f x 为减函 数,当 0( , 2)x x 时, ( )f x 为增函数.故选 D. 【点评】函数中的识图题多次出现在高考试题中,也可以说是高考的热点问题,这类题目一般比较灵活, 对解题能力要求较高,故也是高考中的难点,解决这类问题的方法一般是利用间接法,即由函数性质排 除不符合条件的选项. 2.【2018 安徽合肥高三调研】函数   1x xy e e x x         的图象大致是( ) A. B. C. D. 【答案】D 考向 5 函数的奇性与简易逻辑 【例 17】【2018 鲁名校教科研协作体联考】已知   2 2 1 x x af x    为奇函数,    2lng x x b  ,若对    1 2 1 2, ,x x R f x g x   恒成立,则b的取值范围为( ) A.  ,e B.  ,0 C. ,0e D. ,e  【答案】A 【解析】由于   2 2 1 x x af x    为奇函数,故  0 0f  ,可得 1a  ;因为对    1 2 1 2, ,x x R f x g x   恒 成立,所以    max min f x g x ,而   2 2 1 x x af x    = 2 1 21 2 1 2 1 x x x      ,所以    1,1f x   ,从而要求  2 2ln 1,x b x b e    ,在 R上恒成立,  2 min b x e b e    ,故选 A. 【方法点睛】本题主要考查函数的奇偶性、单调性及最值、全称量词与存在量词的应用.属于难题.解 决这类问题的关键是理解题意、正确把问题转化为最值和解不等式问题,全称量词与存在量词的应用共 分四种情况:(1) 1 2, ,x D x E       1 2f x g x 只需    min max f x g x ;(2) 1 ,x D  2x E     1 2f x g x ,只需  min f x   min g x ;(3) 1x D  , 2 ,x E     1 2f x g x 只需  max ,f x   max g x ;(4) 1 2,x D x E    ,    1 2f x g x ,只需  max f x   min g x . 【例 18】【2018河北邢台模拟】下列命题:①集合 , ,a b c 的子集个数有8个;②定义在 R上的奇函数  f x 必满足  0 0f  ;③      22 1 2 2 1f x x x    既不是奇函数又不是偶函数;④偶函数的图像一定与 y 轴相交;⑤   1f x x  在    ,0 0,   上是减函数,其中真命题的序号是 ______________(把你认 为正确的命题的序号都填上). 【答案】①② 【 方法点睛】本题主要通过对多个命题真假的判断,主要考查集合的子集、函数的单调性、函数的奇偶 性、函数的图象与性质,属于难题.这种题型综合性较强,也是高考的命题热点,同学们往往因为某一 处知识点掌握不好而导致“全盘皆输”,因此做这类题目更要细心、多读题,尽量挖掘出题目中的隐含 条件,另外,要注意先从简单的自己已经掌握的知识点入手,然后集中精力突破较难的命题. 【跟踪练习】 1.【2018 江苏如皋模拟】已知函数  f x 是定义在 R上的奇函数,若对于任意给定的实数 1 2,x x ,且 1 2x x ,不等式        1 1 2 2 1 2 2 1x f x x f x x f x x f x   恒成立,则不等式    1 1 2 0x f x   的解集 为__________. 【答案】 11, 2      . 【解析】若对于任意给定的实数 1 2,x x ,且 1 2x x ,,不等式        1 1 2 2 1 2 2 1x f x x f x x f x x f x   恒 成立,等价为      1 2 1 2 0x x f x f x     恒成立,即  f x 是定义在 R上的减函数,又  f x 是定义 在 R上的奇函数,所以  0 0f  ,当 1 0x   时,  1 2 0f x  ,所以1 2 0x  ,联立解得 1 1 2 x   , 当 1 0x   时,  1 2 0f x  ,所以1 2 0x  ,无解,综上应填 11, 2      . 2.【2017 湖南株洲模拟】给出下列两个命题:命题 1p :“ 0a , 0b ”是“函数 baxxy  2 为函 数”的必要不充分条件;命题 2p :函数 x xy    1 1ln 是奇函数,则下列命题是真命题的是( ) A. 21 pp  B. 21 pp  C. 21 pp  D. 21 pp  【答案】C 【点评】本题考查函数奇性、逻辑联结词与命题,命题 2p :函数 x xy    1 1ln 是奇函数为真命题,函数 x xy    1 1ln 为高一教材中的几个常见的奇函数,如 12 12    x x y , )1lg( 2  xxy 等. 3.设函数 ( ) 3 cosf x x b x  , xR ,则“ 0b  ”是“函数 ( )f x 为奇函数”的( ) (A)充分而不必要条件(B)必要而不充分条件(C)充分必要条件(D)既不充分也不必要条件 【答案】C 【解析】当 0b  时,函数 ( ) 3f x x ,此时函数 ( )f x 为奇函数;反之函数 ( )f x 为奇函数,则 (0) 3 0 cos 0 0 0f b b      ,所以“ 0b  ”是“函数 ( )f x 为奇函数”的充分必要条件. 【点评】若一个函数为奇函数且在 0x 处有意义,求参数的首选方法是 0)0( f . 考向 6 函数的奇性与函数的零点 【例 19】【2018 届湖北省荆州中学高三上学期第二次】已知函数  f x 是定义在    ,0 0,   上的 偶函数,当 0x  时,     12 1,0 2 { 1 2 , 2 2 x x f x f x x        ,则函数    4 1g x f x  的零点个数为( ) A.4 B.6 C.8 D.10 【答案】D 【解析】求函数    4 1g x f x  的零点个数只需考查方程   1 4 f x  的实根个数, 当0 2x  时,   1 1 1 2 1,1 2 2 1 { 1 1,0 1 2 x x x x f x x                  ,  f x 在  0,1 上递减,在  1,2 上递增,  2 1f  ,值域为 0,1 . 当 2x  时,    1 2 2 f x f x  当 2 4x  时,函数  f x 的值域为 10, 2      , 当 4 6x  时,函数  f x 的值域为 10, 4      , 当6 8x  时,函数  f x 的值域为 10, 16      ,   1 4 f x  在 0x  上有5个实根,又函数为偶函数,   1 4 f x  在    ,0 0,   上有 10 个实根,函数    4 1g x f x  的零点个数为 10 个,选 D. 【跟踪练习】 1.【2017 湖北七校联考】已知 )(xf 是奇函数并且是R上的单调函数,若函数 )()12( 2 xfxfy   只有一个零点,则实数的值是( ) A. 4 1 B. 8 1 C. 8 7  D. 8 3  【答案】C 【点评】利用函数的奇函性的定义,可以把 )( xf 转化为 )( xf  ,可通过函数值的关系,找出自变量间 的关系,进而研究方程问题或不等式问题. 2.【2017 河北衡水模拟】定义在 R上的函数  f x 对任意  1 2 1 2,x x x x 都有    1 2 1 2 0 f x f x x x    ,且 函数  1y f x  的图象关于(1,0)成中心对称,若 ,s t满足不等式    2 22 2f s s f t t    ,则 当1 4s  时, 2t s s t   的取值范围是( ) A. 13, 2      B. 13, 2      C. 15, 2      D. 15, 2      【答案】D 【解析】设 1 2x x ,则 1 2 0x x  .由 1 2 1 2 ( ) ( ) 0f x f x x x    ,知 1 2( ) ( ) 0f x f x  ,即 1 2( ) ( )f x f x , 所以函数 ( )f x 为减函数.因为函数 ( 1)y f x  的图象关于 (1,0) 成中心对称,所以 ( )y f x 为奇函数, 所以 2 2 2( 2 ) (2 ) ( 2 )f s s f t t f t t      ,所以 2 22 2s s t t   ,即 ( )( 2) 0s t s t    .因为 2 3 31 1 1 t s s ts t s t s         ,而在条件 ( )( 2) 0 1 4 s t s t s        下,易求得 1[ ,1] 2 t s   ,所以 11 [ ,2] 2 t s   , 所以 3 3[ ,6] 21 t s   ,所以 3 11 [ 5, ] 21 t s      ,即 2 1[ 5, ] 2 t s s t      ,故选 D. 【点评】所谓函数  1y f x  的图象关于(1,0)成中心对称,就是函数 )( xfy  的图象关于原点对 称,就是函数 )( xfy  为奇函数,本题灵活地利用奇函数定义 )()( xfxf  ,借助函数的单调性解 题,思路清晰.