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- 2021-06-17 发布
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第六章 不等式、推理与证明
(时间120分钟,满分150分)
一、选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只
有一项是符合题目要求的)
1.不等式(x+1)≥0的解集是书 ( )
A.{x|x>1} B.{x|x≥1}
C.{x|x≥1或x=-1} D.{x|x≥-1或x=1}
解析:∵≥0,∴x≥1.
同时x+1≥0,即x≥-1.∴x≥1.
答案:B
2.下列命题中的真命题是 ( )
A.若a>b,c>d,则ac>bd B.若|a|>b,则a2>b2
C.若a>b,则a2>b2 D.若a>|b|,则a2>b2
解析:由a>|b|,可得a>|b|≥0⇒a2>b2.
答案:D
3.已知函数f(x)=若f(x)≥1,则x的取值范围是 ( )
A.(-∞,-1] B.[1,+∞)
C.(-∞,0]∪[1,+∞) D.(-∞,-1]∪[1,+∞)
解析:将原不等式转化为:,从而得x≥1或x≤-1.
答案:D
4.若集合A={x||2x-1|<3},B={x|<0},则A∩B是 ( )
A.{x|-1<x<-或2<x<3}
B.{x|2<x<3}
C.{x|-<x<2}
D.{x|-1<x<-}
解析:∵|2x-1|<3,∴-3<2x-1<3.∴-1<x<2.
又∵<0,∴(2x+1)(x-3)>0,
∴x>3或x<-.∴A∩B={x|-1<x<-}.
答案:D
5.给出下面类比推理命题(其中Q为有理数集,R为实数集,C为复数集):
①“若a,b∈R,则a-b=0⇒a=b”类比推出“若a,b∈C,则a-b=0⇒a=b”;
②“若a,b,c,d∈R,则复数a+bi=c+di⇒a=c,b=d”类比推出“若a,b,c,
d∈Q,则a+b=c+d⇒a=c,b=d”;
③“若a,b∈R,则a-b>0⇒a>b”类比推出“若a,b∈C,则a-b>0⇒a>b”.
其中类比得到的结论正确的个数是 ( )
A.0 B.1
C.2 D.3
解析:①②是正确的,③是错误的,因为复数不能比较大小,如a=5+6i,b=4+6i,
虽然满足a-b=1>0,但复数a与b不能比较大小.
答案:C
6.已知实数a,b,则“ab≥2”是“a2+b2≥4”的 ( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
解析:当ab≥2时,a2+b2≥2ab≥4,故充分性成立,而a2+b2≥4时,当a=-1,b
=3时成立,但ab=-3<2,显然ab≥2不成立,故必要性不成立.
答案:A
7.不等式组,所表示的平面区域的面积等于 ( )
A. B.
C. D.
解析:不等式组表示的平面区域如图所示,
由
得交点A的坐标为(1,1).
又B、C两点的坐标为(0,4),(0,).
故S△ABC=(4-)×1=.
答案:C
8.某公司租地建仓库,每月土地占用费y1与仓库到车站的距离成反比,而每月库存货
物的运费y2与仓库到车站的距离成正比,如果在距离车站10 km处建仓库,这两项
费用y1和y2分别为2万元和8万元,那么,要使这两项费用之和最小,仓库应建在
离车站 ( )
A.5 km处 B.4 km处
C.3 km处 D.2 km处
解析:由题意可设y1=,y2=k2x,
∴k1=xy1,k2=,
把x=10,y1=2与x=10,y2=8分别代入上式得k1=20,k2=0.8,
∴y1=,y2=0.8x(x为仓库与车站距离),
费用之和y=y1+y2=0.8x+≥2 =8,
当且仅当0.8x=,即x=5时等号成立.
答案:A
二、填空题(本大题共7小题,每小题5分,共35分.请把正确答案填在题中横线上)
9.关于x的不等式x2+(a+1)x+ab>0的解集是{x|x<-1或x>4},则实数a、b的值
分别为________.
解析:由不等式的解集为{x|x<-1或x>4}可得,-1,4是方程x2+(a+1)x+ab=0
的两根,
∴,解得a=-4,b=1.
答案:-4,1
10.关于x的不等式ax2+4x-1≥-2x2-a恒成立,那么实数a的取值范围是________.
解析:不等式ax2+4x-1≥-2x2-a
可化为(a+2)x2+4x+a-1≥0,
当a+2=0,即a=-2时,不恒成立,不合题意.
当a+2≠0时,要使不等式恒成立,
需解得a≥2.
所以a的取值范围为[2,+∞).
答案:[2,+∞)
11.已知函数f(x)=ax2+bx+c的图象过点(-1,3)和(1,1),若0<c<1,则实数a的取值
范围是________.
解析:由题意:得b=-1,∴a+c=2.
又0<c<1,∴0<2-a<1,∴1<a<2.
答案:(1,2)
12.(2010·邵阳模拟)若f(a)=(3m-1)a+b-2m,当m∈[0,1]时f(a)≤1恒成立,则a+b
的最大值为________.
解析:设g(m)=f(a)=(3a-2)m+b-a,由于当m∈[0,1]时g(m)
=f(a) =(3a-2)m+b-a≤1恒成立,
于是,即,满足此不等式组的点(a,b)构成
图中的阴影部分,其中A(,),设a+b=t,显然直线a+b=t过点A时,t取得最
大值.
答案:
13.某公司租赁甲、乙两种设备生产A,B两类产品,甲种设备每天能生产A类产品5
件和B类产品10件,乙种设备每天能生产A类产品6件和B类产品20件.已知
设备甲每天的租赁费为200元,设备乙每天的租赁费为300元,现该公司至少要生
产A类产品50件,B类产品140件,所需租赁费最少为________元.
解析:设需租赁甲种设备x台,乙种设备y台,
则
目标函数为z=200x+300y.
作出其可行域,易知当x=4,y=5时,z=200x+300y有最小值2300元.
答案:2300
14.已知点P(a,b)与点Q(1,0)在直线2x-3y+1=0的两侧,则下列说法正确的序号是
________.
①2a-3b+1>0;
②a≠0时,有最小值,无最大值;
③∃M∈R+,使>M恒成立;
④当a>0且a≠1,b>0时,则的取值范围为
(-∞,-)∪(,+∞).
解析:由已知(2a-3b+1)(2-0+1)<0,
即2a-3b+1<0,∴①错;
当a>0时,由3b >2a+1,
可得>+,
∴不存在最小值,∴②错;
表示为(a,b)与(0,0)两点间的距离,由线性规划知识可得:
>=恒成立,
∴③正确;
表示为(a,b)和(1,0)两点的斜率.
由线性规划知识可知④正确.
答案:③④
15.已知函数f(x)满足:f(p+q)=f(p)f(q),f(1)=3,
则+++
等于________.
解析:由f(p+q)=f(p)f(q),
令p=q=n,得f2(n)=f(2n).
原式=+++
=2f(1)+++
=8f(1)=24.
答案:24
三、解答题(本大题共6小题,共75分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演
算步骤)
16.(本小题满分12分)已知f(x)=-3x2+a(6-a)x+b.
(1)解关于a的不等式f(1)>0;
(2)当不等式f(x)>0的解集为(-1,3)时,求实数a,b的值.
解:(1)f(1)=-3+a(6-a)+b=-a2+6a+b-3,
∵f(1)>0,∴a2-6a+3-b<0.
Δ=24+4b,当Δ≤0
即b≤-6时,f(1)>0的解集为∅;
当b>-6时,3-<a<3+,
∴f(1)>0的解集为{a|3-<a<3+}.
(2)∵不等式-3x2+a(6-a)x+b>0的解集为(-1,3),
∴解之,得
17.(本小题满分12分)若a1>0,a1≠1,an+1=(n=1,2,…)
(1)求证:an+1≠an;
(2)令a1=,写出a2、a3、a4、a5的值,观察并归纳出这个数列的通项公式an.
解:(1)证明:(采用反证法).若an+1=an,
即=an,解得an=0,1.
从而an=an-1=…=a2=a1=0,1,与题设a1>0,a1≠1相矛盾,
故an+1≠an成立.
(2)a1=、a2=、a3=、a4=、a5=,an=,
n∈N*.
18.(本小题满分12分)(2010·长沙模拟)沪杭高速公路全长166千米.假设某汽车从上海
莘庄镇进入该高速公路后以不低于60千米/时且不高于120千米/时的速度匀速行驶
到杭州.已知该汽车每小时的运输成本y(以元为单元)由可变部分和固定部分组成:
可变部分与速度v(千米/时)的平方成正比,比例系数为0.02;固定部分为200元.
(1)把全程运输成本y(元)表示为速度v(千米/时)的函数,并指出这个函数的定义域;
(2)汽车应以多大速度行驶才能使全程运输成本最小?最小运输成本为多少元?
解:(1)依题意得:y=(200+0.02v2)×
=166(0.02v+)(60≤v≤120).
(2)y=166(0.02v+)≥166×2
=664(元)
当且仅当0.02v=即v=100千米/时时取等号.
答:当速度为100千米/时时,最小的运输成本为664元.
19.(本小题满分13分)已知函数f(x)=ax2+4(a为非零实数),设函数F(x)=
.
(1)若f(-2)=0,求F(x)的表达式;
(2)设mn<0,m+n>0,试判断F(m)+F(n)能否大于0?
解:(1)由f(-2)=0,4a+4=0⇒a=-1,
∴F(x)=.
(2)∵,∴m,n一正一负.
不妨设m>0且n<0,则m>-n>0,
F(m)+F(n)=f(m)-f(n)=am2+4-(an2+4)
=a(m2-n2),
当a>0时,F(m)+F(n)能大于0,
当a<0时,F(m)+F(n)不能大于0.
20.(本小题满分13分)某工艺品加工厂准备生产具有收藏价值的奥运会标志——“中国
印·舞动的北京”和奥运会吉祥物——“福娃”.该厂所用的主要原料为A、B两种
贵金属,已知生产一套奥运会标志需用原料A和原料B的量分别为4盒和3盒,生
产一套奥运会吉祥物需用原料A和原料B的量分别为5盒和10盒.若奥运会标志每
套可获利700元,奥运会吉祥物每套可获利1200元,该厂月初一次性购进原料A、
B的量分别为200盒和300盒.问该厂生产奥运会标志和奥运会吉祥物各多少套才
能使该厂月利润最大?最大利润为多少?
解:设该厂每月生产奥运会标志和奥运会吉祥物分别为x,y套,月利润为z元,
由题意得
目标函数为z=700x+1200y.
作出二元一次不等式组所表示的平面区域,即可行域,如图:
目标函数可变形为y=-x+,
∵-<-<-,
∴当y=x+通过图中的点A时,最大,z最大.解得
点A坐标为(20,24).
将点A(20,24)代入z=700x+1200y
得zmax=700×20+1200×24=42800元.
答:该厂生产奥运会标志和奥运会吉祥物分别为20、24套时月利润最大,最大利
润为42800元.
21.[理](本小题满分13分)已知函数f(x)=ax--2lnx,f(1)=0.
(1)若函数f(x)在其定义域内为单调函数,求a的取值范围;
(2)若函数f(x)的图象在x=1处的切线的斜率为0,且an+1=f′()-n2+1,
已知a1=4,求证:an≥2n+2.
解:(1)因为f(1)=a-b=0,所以a=b,
所以f(x)=ax--2lnx,
所以f′(x)=a+-.
要使函数f(x)在定义域(0,+∞)内为单调函数,
则在(0,+∞)内f′(x)恒大于等于0或恒小于等于0.
当a=0时,则f′(x)=-<0在(0,+∞)内恒成立;适合题意.
当a>0时,要使f′(x)=a(-)2+a-≥0恒成立,则a-≥0,解得a≥1;
当a<0时,由f′(x)=a+-<0恒成立,适合题意.
所以a的取值范围为(-∞,0]∪[1,+∞).
(2)根据题意得:f′(1)=0,即a+a-2=0,得a=1,
所以f′(x)=(-1)2,
于是an+1=f′()-n2+1=(an-n)2-n2+1
=a-2nan+1.
用数学归纳法证明如下:
当n=1时,a1=4=2×1+2,
当n=2时,a2=9>2×2+2;
假设当n=k(k≥2且k∈N*)时,不等式ak>2k+2成立,即ak-2k>2成立,
则当n=k+1时,ak+1=ak(ak-2k)+1>(2k+2)×2+1=4k+5>2(k+1)+2,
所以当n=k+1,不等式也成立,
综上得对所有n∈N*时,都有an≥2n+2.
[文](本小题满分13分)已知不等式x2+px+1>2x+p.
(1)如果不等式当|p|≤2时恒成立,求x的范围;
(2)如果不等式当2≤x≤4时恒成立,求p的范围.
解:(1)原不等式为
(x-1)p+(x-1)2>0,
令f(p)=(x-1)p+(x-1)2,它是关于p的一次函数,
定义域为[-2,2],由一次函数的单调性知
,
解得x<-1或x>3.
即x的取值范围是{x|x<-1或x>3}.
(2)不等式可化为(x-1)p>-x2+2x-1,
∵2≤x≤4,∴x-1>0.
∴p>=1-x.
对x∈[2,4]恒成立,
所以p>(1-x)max.
当2≤x≤4时,(1-x)max=-1,
于是p>-1.故p的范围是{p|p>-1}.
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