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  • 2021-06-22 发布

2020年高中数学第二讲讲明不等式的基本方法一比较法优化练习新人教A版选修4-5

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一 比较法 ‎ [课时作业]‎ ‎ [A组 基础巩固]‎ ‎1.下列四个数中最大的是(  )‎ A.lg 2          B.lg C. (lg 2)2 D.lg(lg 2)‎ 解析:∵1<<2<10,∴00,b>0,若a>b,则ak>bk,‎ ‎∴(a-b)(bk-ak)<0;‎ 若alogb3且a+b=1,那么(  )‎ A.00,b>0,‎ 又∵a+b=1,∴0logb3‎ ‎⇒->0‎ 6‎ ‎⇒->0‎ ‎⇒>0‎ ‎⇒lg b>lg a⇒b>a.‎ ‎∴0b>0,c>d>0,m=-,n=,则m与n的大小关系是(  )‎ A.mn C.m≥n D.m≤n 解析:∵a>b>0,c>d>0,‎ ‎∴ac>bd>0,>,‎ ‎∴m>0,n>0.又∵m2=ac+bd-2,‎ n2=ac+bd-(ad+bc),又由ad+bc>2,‎ ‎∴-2>-ad-bc,∴m2>n2.∴m>n.‎ 答案:B ‎6.设P=a2b2+5,Q=2ab-a2-‎4a,若P>Q,则实数a,b满足的条件为________.‎ 解析:P-Q=a2b2+5-(2ab-a2-‎4a)‎ ‎=a2b2+5-2ab+a2+‎4a=a2b2-2ab+1+4+a2+‎‎4a ‎=(ab-1)2+(a+2)2.‎ ‎∵P>Q,∴P-Q>0,即(ab-1)2+(a+2)2>0‎ ‎∴ab≠1或a≠-2.‎ 答案:ab≠1或a≠-2‎ ‎7.已知a,b,m,n均为正数,且a+b=1,mn=2,‎ 则(am+bn)(bm+an)的最小值为________.‎ 解析:(am+bn)(bm+an)=abm2+(a2+b2)mn+abn2=‎ ab(m2+n2)+2(a2+b2)≥2abmn+2(a2+b2)=4ab+2(a2+b2)=‎ ‎2(a2+2ab+b2)=2(a+b)2=2(当且仅当m=n=时等号成立).‎ 答案:2‎ ‎8.设a>b>0,x=-,y=-,则x,y的大小关系是x________y.‎ 解析:∵==<=1,且x>0,y>0,‎ ‎∴x0,b>0,求证:+≥+.‎ 证明:法一:∵=+ ‎=+ ‎= ‎=,‎ 又∵a2+b2≥2ab,‎ ‎∴≥=1,‎ 当且仅当a=b>0时取等号.‎ ‎∴+≥+.‎ 法二:∵+-(+)‎ ‎=(-)+(-).‎ ‎=+ ‎= ‎=≥0‎ 当且仅当a=b>0时取“=”‎ ‎∴+≥+.‎ ‎10.已知函数f(x)=x2+ax+b,当p,q满足p+q=1时,‎ 证明:pf(x)+qf(y)≥f(px+qy)对于任意实数x,y都成立的充要条件是0≤p≤1.‎ 证明:pf(x)+qf(y)-f(px+qy)‎ ‎=p(x2+ax+b)+q(y2+ay+b)-(px+qy)2-a(px+qy)-b ‎=p(1-p)x2+q(1-q)y2-2pqxy ‎=pq(x-y)2.‎ 充分性:若0≤p≤1,q=1-p∈[0,1].‎ ‎∴pq≥0,∴pq(x-y)2≥0,‎ 6‎ ‎∴pf(x)+qf(y)≥f(px+qy).‎ 必要性:若pf(x)+qf(y)≥f(px+qy).‎ 则pq(x-y)2≥0,‎ ‎∵(x-y)2≥0,∴pq≥0.‎ 即p(1-p)≥0,∴0≤p≤1.‎ 综上所述,原命题成立.‎ ‎[B组 能力提升]‎ ‎1.已知a>0,且a≠1,P=loga(a3+1),Q=loga(a2+1),则P,Q的大小关系是(  )‎ A.P>Q B.P0,即P-Q>0.‎ ‎∴P>Q.‎ 当a>1时,a3+1>a2+1>0,>1,‎ ‎∴loga>0,即P-Q>0.∴P>Q.‎ 答案:A ‎2.设m>n,n∈N+,a= (lg x)m+(lg x)-m,b=(lg x)n+(lg x)-n,x>1,则a与b的大小关系为(  )‎ A.a≥b B.a≤b C.与x值有关,大小不定 D.以上都不正确 解析:a-b=lgmx+lg-mx-lgnx-lg-nx ‎=(lgmx-lgnx)-(-)‎ ‎=(lgmx-lgnx)- ‎=(lgmx-lgnx)(1-)‎ ‎=(lgmx-lgnx)(1-).‎ ‎∵x>1,∴lg x>0.‎ 6‎ 当0b;‎ 当lg x=1时,a=b;‎ 当lg x>1时,a>b.‎ ‎∴应选A.‎ 答案:A ‎3.设m=,n=,那么它们的大小关系是m________n.‎ 解析:= ‎= ‎==1,∴m=n.‎ 答案:=‎ ‎4.一个个体户有一种商品,其成本低于元.如果月初售出可获利100元,再将本利存入银行,已知银行月息为2.5%,如果月末售出可获利120元,但要付成本的2%的保管费,这种商品应________出售(填“月初”或“月末”).‎ 解析:设这种商品的成本费为a元.‎ 月初售出的利润为L1=100+(a+100)×2.5%,‎ 月末售出的利润为L2=120-2%a,‎ 则L1-L2=100+‎0.025a+2.5-120+‎0.02a=0.045(a-),‎ ‎∵a<,‎ ‎∴L1c,0<<1,0<<1,且a2+b2=c2,‎ ‎∴=3+3<2+2==1,‎ 即<1,故a3+b30).‎ ‎∴m=2.‎ ‎∴f(30)=log2(30+2)=5.‎ ‎(2)f(a)+f(c)>‎2f(b).‎ 证明如下:‎ ‎2f‎(b)=2log2(b+2)=log2(b+2)2,‎ f(a)+f(c)=log2[(a+2)(c+2)],‎ 又b2=ac,‎ ‎∴(a+2)(c+2)-(b+2)2‎ ‎=ac+2(a+c)+4-b2-4b-4=2(a+c)-4b.‎ ‎∵a+c>2=2b(a≠c),‎ ‎∴2(a+c)-4b>0,‎ ‎∴log2[(a+2)(c+2)]>log2(b+2)2,‎ 即f(a)+f(c)>‎2f(b).‎ 6‎