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- 2021-06-22 发布
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辅导教案
学员姓名: 学科教师:
年 级: 辅导科目:
授课日期
××年××月××日
时 间
A / B / C / D / E / F段
主 题
对数函数综合
教学内容
1. 熟练掌握对数函数的性质;
2. 会应用对数函数的图像与性质解决综合问题。
(以提问的形式回顾)
1. 解决与对数函数有关的问题,有哪些需要注意的地方?
解决与对数函数有关的问题,要特别重视定义域,同时注意底数与1的大小关系
2. 底数互为倒数的两个对数函数的图像有什么特点?
底数互为倒数的两个对数函数的图像关于轴对称
3. 已知在上是的减函数,则的取值范围是什么?
由于 在上时 有意义,又是减函数,∴时,取最小值是,∴综上可知所求的取值范围是。
此部分让学生回答,如出现学生不会的问题,可相互讨论,结合教师引导,5到10分钟完成。
(采用教师引导,学生轮流回答的形式)
例1.在函数中,若函数在内为增函数,则实数的取值范围是 .
答案:. 注意隐含条件函数在内都都大于0.
试一试:若函数在区间上是增函数,则的取值范围是 。
答案:
例2. 若函数的定义域为,则的取值范围是 .
解:当时,满足题意;当时,有,解得,
所以的取值范围是.
试一试:若函数的值域为,则的取值范围是 .
由 得,所以的取值范围是
例3. 设不等式时,求的最大值和最小值.
解:
即
∴即
又
∵∴
∴当即时;当,即时,。
【利用换元的整体思想,将视为一个整体。】
例4. 设,f(x)是奇函数,且。
(1)试求f(x)的反函数f-1(x)的解析式及f-1(x)的定义域;
(2)设,若时,恒成立,求实数k的取值范围。
解:(1)因为f(x)是奇函数,且
所以,得
所以,可求得
令,反解出
从而
(2)因为,所以
由得
所以
即对恒成立
令
其在上为单调递减函数
则
所以
又,故实数k的取值范围是
评注:本题综合了反函数与函数的奇偶性,换元法求函数的解析式,对数不等式的解法以及含参不等式在定区间上恒成立等知识,是一道综合性较强的好题。
(学生统一完成,互相批改,教师针对重难点详细讲解)
1. 已知是上的增函数,那么的取值范围是( ) D
(A) ; (B) ; (C) ; (D) .
2. 已知函数,若,且,则的取值范围是________.
3. 已知
(1) 求函数的定义域和值域; (2) 判断函数在定义域上的单调性.
分析:解指数不等式可得定义域,再求值域;先利用特值判断单调性再利用定义证明即可.
解:(1)由且,解得,故的定义域为;
又,,即,
的值域为.
(2)在上是单调减函数,证明如下:设,则:
,
,则,即,,
故函数在上是减函数.
利用定义来证明函数的单调性,注意步骤要完整;解不等式时要注意原函数的定义域的限制.
4. 已知函数.
(1)当m=7时,求函数f(x)的定义域;
(2)若关于x的不等式f(x)≥2的解集是R,求m的取值范围.
解:(1)由题设知:当m=5时:|x+1|+|x﹣2|>7,
不等式的解集是以下三个不等式组解集的并集:
, 或, 或,
解得函数f(x)的定义域为(﹣∞,﹣3)∪(4,+∞);
(2)不等式f(x)≥2即|x+1|+|x﹣2|≥m+4, ∵x∈R时,恒有|x+1|+|x﹣2|≥|(x+1)﹣(x﹣2)|=3,
∴不等式|x+1|+|x﹣2|≥m+4解集是R,等价于m+4≤3, ∴m的取值范围是(﹣∞,﹣1].
本节课主要知识:复合函数单调区间的确定与应用,应用换元发求解函数的最大值,最小值
【巩固练习】
1. 已知函数当时,函数的零点 .
2. 已知函数的定义域为R,值域为[0,2],求m,n的值
由,得,即.
∵,即。由0,得
,由根与系数的关系得,解得m=n=5。
3. 设
(1)当m=1时,求函数f(x)的定义域;
(2)若当恒成立,求实数m的取值范围.
解:(1)由题设知:,
∴ ①,或 ②,或 ③.
解①可得 ,解②可得,解③可得 x<0.
不等式的解集是以下三个不等式组解集的并集,求得函数的定义域为 (﹣∞,0)∪(5,+∞).
(2)不等式 即,即.
∵,∴,即 .
由于函数 在[1,]上是增函数,故当x=1时,y 取得最小值为4;
当时,y 取得最大值为13, 由题意可得,m大于或等于y的最大值13,故m的取值范围是[13,+∞).
【预习思考】
类型
指数方程的解法
对数方程的解法
最简型
关于x 的方程的解为 .
关于x 的方程的解为 .
同底型
与
方程是同解方程
与
方程是同解方程
换元型
关于x 的方程,设 ,解方程 =0,再解方程
关于x 的方程,设 ,解方程 =0,再解方程
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