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  • 2021-06-24 发布

沈阳铁路实验中学 2016~2017 学年度上学期第一次月考 高二数学(文)

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沈阳铁路实验中学 2016~2017 学年度上学期第一次月考 高二数学(文) 时间:120 分钟 满分:150 分 一、选择题(共 12 小题,每小题 5 分,共计 60 分) 1. 已知 ABC 中,三内角 A、B、C 成等差数列,则 sin B = A. 1 2 B. 3 2 C. 2 2 D. 3 3 2. 已知数列 na 满足 1 1 1n n a a   ,若 1 1 2a  ,则 2015a  ( ) A.2 B.-2 C. 1 D. 1 2 3. 已知等差数列满足 6 10 20a a  ,则下列选项错误的是( ) A. 15 150S  B. 8 10a  C. 16 20a  D. 4 12 20a a  4. 在等差数列{an}中,设公差为 d,若 S10=4S5,则 d a1 等于( ) A. 2 1 B.2 C. 4 1 D.4 5. 已知等比数列 na , 1 1a  , 5a  9 1 ,则 432 aaa ( ) A. 27 1 B. 27 1 C. 27 1 D. 3 1 6. 等比数列{an}的公比 q>1, , ,则 a3+a4+a5+a6+a7+a8 等于( ) A.64 B.31 C.32 D.63 7. 设等比数列 na 的前 n 项和记为 nS ,若 2:1: 510 SS ,则 515 : SS ( ) A、 3:4 B、2:3 C、1:2 D、1:3 8. .已知两个等差数列 na 和 nb 的前 n 项和分别为 nS 和 nT ,且 3 302   n n T S n n ,则使 n n b a 为整 数的 n 值个数为( ) A.4 B.5 C.6 D.7 9. 对于数列{an}(n=1,2,…),下列说法正确的是( ) A.{an}为首项为正项的等比数列,若 a2n-1+a2n〈0,则公比 q<0; B.若{an}为递增数列`,则 an+1>|an| C.{an}为等差数列,若 Sn+1>Sn。则{an}单调递增 D.{an}为等差数列,若{an}单调递增,则 Sn+1>Sn。 10. 已知数列{ na },{ nb }满足 111  ba , 21 1    n n nn b baa ,n∈ N ,则数列{ nab }的前 10 项 的和为 A. )14(3 4 9  B. )14(3 4 10  C. )14(3 1 9  D. )14(3 1 10  11. 已知等差数列 的前 n 项和为 nS ,若 ,0,0 1213  SS 则此数列中绝对值最小的项为( ) A.第 5 项 B.第 6 项 C.第 7 项 D.第 8 项 12. 已知 nS 是等差数列 na 的前 n 项和,且 6 7 5S S S  ,给出下列五个命题: 1 0d  ;② 11 0S  ;③ 12 0S  ; ④数列 nS 中的最大项为 11S ;⑤ 6 7a a 。其中正确命题的个数是 A.3 B.4 C.5 D.1 二、填空题(共 4 小题,每小题 5 分,共计 20 分) 13. 设  Nnnf n  1031074 2222)(  ,则 ( )f n = 14. 数列 2 3na n n  *( )n N 为单调递增数列,则 的取值范围是__________. 15. 设 nS 是等比数列{an}的前 n 项和, 4 25S S ,则 3 8 2 5 a a a  的值为________. 16. 在数列{ }na 中,若 1 2a  , 1 1ln(1 )n na a n    ,则 na  ------- . 三、解答题(共 6 题,17 题 10 分,18~22 每题 12 分,总计 70 分) 17. 已知等差数列{ }na 满足: 5 2 611, 18a a a   . (1)求数列{ }na 的通项公式; (2)若 n nn ab 3 ,求数列 }{ nb 的前 n 项和 nS . 18. 已知数列 na , nb 分别为等差、等比数列,且 1 1, 0,a d  2 2 5 3, ,a b a b  14 4 ( )a b n N   . (1)求 na 和 nb 的通项公式; (2)设 n n nc a b  ,求数列 nc 的前 n 项和. 19. 已知数列{an}中,a1=1,前 n 项和 Sn=n+2 3 an. (1) 求 a2,a3,及{an}的通项公式. (2) 求{ na 1 }的前 n 项和 Tn 20.数列{ }na 的前 n 项和为 233nS n n  . (1)求{ }na 的通项公式; (2)问{ }na 的前多少项和最大; (3) 设 | |n nb a ,求数列{ }nb 的前 n 项和 ' nS . 21.已知数列{an}中,an=2- 1 1 na ( n≥2,n∈N+) (1)若 a1= 5 3 ,数列{bn}满足 bn= 1 1 na ( n∈N+),求证数列{bn}是等差数列; (2)若 a1= 5 3 ,求数列{an}中的最大项与最小项,并说明理由. 22 设数列 na 的前 n 项和为 nS ,已知 1 2 32 3 ( 1) 2n na a a na n S n       *( )n N . (1)求 a2,a3 (2)求证:数列 2nS  是等比数列; 设 8 14 2n n nb S   ,数列 nb 的前 n 项和为 nT ,求满足 0nT  的最小自然数 n 的值. 201 6~2017 学年度上学期第一次月考试题答案 1【答案】B 2【答案】A 3【答案】C 4 【答案】A 5【答案】A 6【答案】D 7【答案】A 8【答案】B 9【答案】A 10【答案】D 11【答案】C 12【答案】A 13【答案】 ( 14【答案】 1  15【答案】 - 2 或 1 16【答案】 2 ln n 【解析】 试题分析:由数列{ }na 中,若 1 2a  , 1 1ln(1 )n na a n    ,即 1 1ln(1 ) ln( 1) lnn na a n nn       , 所 以 1 2 1 3 2 1( ) ( ) ( ) 2 (ln2 ln1) (ln3 ln2) (ln ln( 1))n n na a a a a a a a n n                  2 ln n  . 17【答案】(Ⅰ) 2 1na n  ;(Ⅱ) 2 3 2 32 1 2   n n nnS . 试题解析:(Ⅰ)设  na 的首 项为 1a ,公差为 d ,则由 18,11 625  aaa 得      1862 114 1 1 da da ,解得 1 3, 2,a d  所以 2 1na n  ; (Ⅱ)由 12  na n 得 2 1 3n nb n   .]    1 2 33 5 7 2 1 3 3 3 3 n nS n                1 2 23 1 3 3 32 21 3 2 2 n n n n n n         18【答案】(1) 2 1na n  , 13n nb  (2) ( 1)3 1n nS n   试题解析:解:(1) dadada 131,41,1 1452  , 又 1 1, 0,a d  2 2 5 3, ,a b a b  14 4 ( )a b n N   2(1 4 ) (1 )(1 13 ), 2d d d d     得 12)1(21  nnan 2 2 3 53, 9, 3b a b a q     得 13  n nb 由(1) n n nc a b  得= 13)12(  nn 设数列 nc 的前 n 项和为 nS ,则 1210 3)12(3)32(3331   nn n nnS  nn n nnS 3)12(3)32(33313 121   23)22(3)12(233)12()333(212 121   nnnnn n nnnS  13)1(  n n nS 19 解:(1)由 S2=4 3 a2 得 3(a1+a2)=4a2, 解得 a2=3a1=3; 由 S3=5 3 a3 得 3(a1+a2+a3)=5a3, 解得 a3=3 2 (a1+a2)=6. 由题设知 a1=1. 当 n>1 时有 an=Sn-Sn-1=n+2 3 an -n+1 3 an-1, 整理得 an=n+1 n-1 an-1. 于是 a1=1, a2=3 1 a1, a3=4 2 a2, …… an-1= n n-2 an-2, an=n+1 n-1 an-1. 将以上 n 个等式两端分别相乘,整理得 an=n(n+1) 2 . 综上,{an}的通项公式 an=n(n+1) 2 . (2)Tn=2(1- 1 1 n ) 20.(1) 34 2na n  ;(2)数列{ }na 的前16项或前17项的和最大;(3) 2 ' 2 33 , 17 33 544, 18n n n nS n n n        . 【解析】 试题分析:(1)利用数列的通项 na 和前 n 项和 nS 的关系,即可求解数列的通项公式;(2)由 0na  , 解得 17n  ,得出数列{ }na 的前17项大于或等于零,又由 17 0a  ,即可得出结论;(3)由(2)知, 当 17n  时, 0na  ;当 18n  时, 0na  ,即可分类讨论求解数列的和. 试题解析:(1)当 2n  时, 1 34 2n n na S S n    , 又当 1n  时, 1 1 32 34 2 1a S     满足 34 2na n  . 故{ }na 的通项公式为 34 2na n  . (2)法一:令 0na  ,得 3 4 2 0n  ,所以 17n  , 故数列{ }na 的前 17 项大于或等于零. 又 17 0a  ,故数列{ }na 的前 1 项或前 17 项的和最大. 法二:由 2 33y x x   的对称轴为 33 2x  . 距离 33 2 最近的整数为 16,17. 由 2 n 33S n n   的图象可知: 当 17n  时, 0na  , 当 18n  时, 0na  , 故数列{ }na 的前 16 项或前 17 项的和 最大. (3)由(2)知,当 17n  时, 0na  ; 当 18n  时, 0na  , 所以当 17n  时, ' 1 2n nS b b b    1 2| | | | | |na a a    2 1 2 33n na a a S n n       . 当 18n  时 , ' 1 2 17 18| | | | | | | | | |n nS a a a a a        1 2 17 18 19( )na a a a a a         17 17 17( ) 2n nS S S S S     2 33 544n n   . 故 2 ' 2 33 , 17 33 544, 18n n n nS n n n        21 解:(1) 1 1 1 1 1 11 12 1 n n n n n ab a a a         , 而 1 1 1 1    n n ab ,∴ 11 1 1 11 1 1     nn n nn aa abb . )( Nn ∴{ nb }是首项为 2 5 1 1 1 1  ab ,公差为 1 的等差数列. ………………… 5 分 (2)依题意有 n n ba 11  ,而 5.31)1(2 5   nnbn , ∴ 5.3 11  nan . 对于函数 5.3 1  xy ,在 x>3.5 时,y>0,且在(3.5,  )上为减函数. 故当 n=4 时, 5.3 11  nan 取最大值 4a =3. 而函数 5.3 1  xy 在 x<3.5 时,y<0, 且在(  ,3.5)上也为减函数.故当 n= 3 时, 5.3 11  nan 取最小值 3a =-1. …………………… 9 分 22.【答案】(1) 2 34, 8a a  ;(2)见解析;(3)5 【解析】 试题解析:(1)∵ 1 2 32 3 ( 1) 2n na a a na n S n       *( )n N ∴ 1 2,a  1 2 1 22 ( ) 4a a a a    1 2 3 1 2 32 3 2( ) 6a a a a a a      ∴ 2 34, 8a a  (2)证明:∵ 1 2 32 3 ( 1) 2n na a a na n S n       *( )n N ① ∴当 2n  时, 1 2 3 12 3 ( 1) ( 2) 2( 1)n na a a n a n S n         ② 由①  ②得 1[( 1) 2 ] [( 2) 2( 1)]n n nna n S n n S n       1 1( ) 2 2n n n nn S S S S      12 2n n nna S S     ∴ 12 2 0n nS S     ,即 12 2n nS S   ∴ 12 2( 2)n nS S    ∵ 1 2 4 0S    ∴ 1 2 0nS    ∴ 1 2 22 n n S S    ∴数列 2nS  是以 4 为首项,2 为公比的等比数列 (3) 由(2)得 12 2n nS   ∴ 8 14 4 7 2 2n n n n nb S    ∴ 2 3 3 1 5 4 7 2 2 2 2n n nT       2 3 4 1 1 3 1 5 4 11 4 7 2 2 2 2 2 2n n n n nT          以上两式相减得 2 3 1 3 1 1 1 4 74( )2 2 2 2 2 2n n n nT        即 2 4 1 2 n n n nT   当 1, 2, 3, 4n  时, 0nT  ,当 5n  时, 0nT  所以满足 0nT  的最小自然数 n 的值为 5。