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  • 2021-06-25 发布

高考数学专题复习练习:6-3 专项基础训练

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‎ A组 专项基础训练 ‎(时间:35分钟)‎ ‎1.(2016·宁夏大学附中上学期月考)等比数列{an}的前n项和为Sn,已知S3=a2+10a1,a5=9,则a1=(  )‎ A.      B.- C. D.- ‎【解析】 设等比数列{an}的公比为q,‎ ‎∵S3=a2+10a1,a5=9,‎ ‎∴ 解得 ‎【答案】 C ‎2.(2016·山西四校联考)等比数列{an}满足an>0,n∈N*,且a3·a2n-3=22n(n≥2),则当n≥1时,log2a1+log2a2+…+log2a2n-1等于(  )‎ A.n(2n-1) B.(n+1)2‎ C.n2 D.(n-1)2‎ ‎【解析】 由等比数列的性质,‎ 得a3·a2n-3=a=22n,从而得an=2n.‎ 方法一 log2a1+log2a2+…+log2a2n-1=log2[(a1a2n-1)·(a2a2n-2)·…·(an-1an+1)·an]=log22n(2n-1)=n(2n-1).‎ 方法二 取n=1,log2a1=log22=1,而(1+1)2=4,(1-1)2=0,排除B,D;取n=2,log2a1+log2a2+log2a3=log22+log24+log28=6,而22=4,排除C,选A.‎ ‎【答案】 A ‎3.(2016·山东潍坊重点高中联考)设等比数列{an}的前n项和为Sn,若=3,则=(  )‎ A.2 B. C. D.3‎ ‎【解析】 依题意知等比数列的公比q≠±1,设S3=k,则S6=3k(k≠0),结合S3,S6-S3,S9-S6成等比数列可知S9-3k=4k,故S9=7k.所以= .‎ ‎【答案】 B ‎4.(2016·湖南师大附中月考)已知各项不为0的等差数列{an}满足a6-a+a8=0,数列{bn}是等比数列,且b7=a7,则b2·b8·b11=(  )‎ A.1 B.2‎ C.4 D.8‎ ‎【解析】 由等差数列的性质,得a6+a8=2a7.由a6-a+a8=0,可得a7=2,所以b7=a7=2.由等比数列的性质得b2·b8·b11=b2b7b12=b=23=8.‎ ‎【答案】 D ‎5.(2016·甘肃河西五市部分普通高中第一次联考)正项等比数列{an}中的a1,a4 031是函数f(x)=x3-4x2+6x-3的极值点,则loga2 016=(  )‎ A.-1 B.1‎ C. D.2‎ ‎【解析】 ∵f′(x)=x2-8x+6,∴a1·a4 031=6.又∵{an}为正项等比数列,‎ ‎∴a=a1·a4 031=6,∴loga2 016=log=1.‎ ‎【答案】 B ‎6.(2016·广州综合测试)已知数列{an}为等比数列,若a4+a6=10,则a7(a1+2a3)+a3a9的值为(  )‎ A.10 B.20‎ C.100 D.200‎ ‎【解析】 a7(a1+2a3)+a3a9=a7a1+2a7a3+a3a9=a+2a4a6+a=(a4+a6)2=102=100.‎ ‎【答案】 C ‎7.(2016·长春调研)在正项等比数列{an}中,已知a1a2a3=4,a4a5a6=12,an-1anan+1=324,则n=________.‎ ‎【解析】 设数列{an}的公比为q,‎ 由a1a2a3=4=aq3与a4a5a6=12=aq12,‎ 可得q9=3,an-1anan+1=aq3n-3=324,‎ 因此q3n-6=81=34=q36,‎ 所以3n-6=36,即n=14.‎ ‎【答案】 14‎ ‎8.(2016·南宁测试)在各项均为正数的等比数列{an}中,a1=2,且2a1,a3,3a2成等差数列.则an=________.‎ ‎【解析】 设数列{an}的公比为q,‎ ‎∵2a1,a3,3a2成等差数列,∴2a1+3a2=2a3,‎ ‎2a1+3a1q=2a1q2,‎ ‎2q2-3q-2=0,解得q=2或q=-.‎ ‎∵q>0,∴q=2.‎ ‎∵a1=2,∴数列{an}的通项公式为an=a1qn-1=2n.‎ ‎【答案】 2n ‎9.(2016·河南实验中学期中)数列{bn}满足:bn+1=2bn+2,bn=an+1-an,且a1=2,a2=4.‎ ‎(1)求数列{bn}的通项公式;‎ ‎(2)求数列{an}的前n项和Sn.‎ ‎【解析】 (1)由bn+1=2bn+2,得bn+1+2=2(bn+2),‎ ‎∴=2,又b1+2=a2-a1+2=4,‎ ‎∴数列{bn+2}是首项为4,公比为2的等比数列.‎ ‎∴bn+2=4·2n-1=2n+1,∴bn=2n+1-2.‎ ‎(2)由(1)知,an-an-1=bn-1=2n-2(n≥2),‎ ‎∴an-1-an-2=2n-1-2(n>2),‎ ‎…,a2-a1=22-2,‎ ‎∴an-2=(22+23+…+2n)-2(n-1),‎ ‎∴an=(2+22+23+…+2n)-2n+2‎ ‎=-2n+2=2n+1-2n.‎ ‎∴Sn=-=2n+2-(n2+n+4).‎ ‎10.已知数列{an}和{bn}满足a1=λ,an+1=an+n-4,bn=(-1)n(an-3n+21),其中λ为实数,n为正整数.‎ ‎(1)证明:对任意实数λ,数列{an}不是等比数列;‎ ‎(2)证明:当λ≠-18时,数列{bn}是等比数列.‎ ‎【证明】 (1)假设存在一个实数λ,使{an}是等比数列,‎ 则有a=a1a3,即=λ ‎⇔λ2-4λ+9=λ2-4λ⇔9=0,矛盾.‎ 所以{an}不是等比数列.‎ ‎(2)bn+1=(-1)n+1[an+1-3(n+1)+21]‎ ‎=(-1)n+1 ‎=-(-1)n·(an-3n+21)=-bn.‎ 又λ≠-18,所以b1=-(λ+18)≠0.‎ 由上式知bn≠0,所以=-(n∈N*).‎ 故当λ≠-18时,数列{bn}是以-(λ+18)为首项,-为公比的等比数列.‎ B组 专项能力提升 ‎(时间:20分钟)‎ ‎11.(2016·河南洛阳期中)下列结论正确的是(  )‎ A.若数列{an}的前n项和为Sn,Sn=n2+n+1,则{an}为等差数列 B.若数列{an}的前n项和为Sn,Sn=2n-2,则{an}为等比数列 C.非零实数a,b,c不全相等,若a,b,c成等差数列,则,,可能构成等差数列 D.非零实数a,b,c不全相等,若a,b,c成等比数列,则,,一定构成等比数列 ‎【解析】 在A中,∵数列{an}的前n项和为Sn,Sn=n2+n+1,∴a1=S1=1+1+1=3,an=Sn-Sn-1=(n2+n+1)-[(n-1)2+(n-1)+1]=2n(n≥2),故{an}不为等差数列,故A错误;在B中,∵数列{an}的前n项和为Sn,Sn=2n-2,∴a1=S1=2-2=0,∴{an}不为等比数列,故B错误;在C中,若,,构成等差数列,则=+==,∴b2=ac,∴ac==,∴a=c,从而a=c=b,与非零实数a,b,c不全相等矛盾,∴,,不可能构成等差数列,故C错误;在D中,∵非零实数a,b,c不全相等,a,b,c成等比数列,∴b2=ac,∴==·,‎ ‎∴,,一定成等比数列,故D正确.故选D.‎ ‎【答案】 D ‎12.(2016·宁夏大学附中上学期月考)在正项等比数列{an}中,存在两项am,an(m,n∈N*)使得=4a1,且a7=a6+2a5,则+的最小值是(  )‎ A. B.1+ C. D. ‎【解析】 在正项等比数列{an}中,设公比为q,∵a7=a6+2a5,∴=+2,即q2-q-2=0,解得q=2或q=-1(舍去),∴am=a12m-1,an=a12n-1.‎ ‎∵=4a1,∴aman=a2m+n-2=16a,即m+n-2=4,∴m+n=6,‎ 列举(m,n)=(1,5),(2,4),(3,3),(4,2),(5,1),即有+=2,,2,,.当m=2,n=4时,+取得最小值.‎ ‎【答案】 A ‎13.(2016·兰州诊断)数列{an}的首项为a1=1,数列{bn}为等比数列且bn=,若b10b11=2 017,则a21=________.‎ ‎【解析】 由bn=,且a1=1,得b1==a2.‎ b2=,a3=a2b2=b1b2.‎ b3=,a4=a3b3=b1b2b3,…,‎ an=b1b2…bn-1,‎ ‎∴a21=b1b2…b20.‎ ‎∵数列{bn}为等比数列,‎ ‎∴a21=(b1b20)(b2b19)…(b10b11)=(b10b11)10‎ ‎=(2 017)10‎ ‎=2 017.‎ ‎【答案】 2017‎ ‎14.定义在(-∞,0)∪(0,+∞)上的函数f(x),如果对于任意给定的等比数列{an},{f(an)}仍是等比数列,则称f(x)为“保等比数列函数”.现有定义在(-∞,0)∪(0,+∞)上的如下函数:‎ ‎①f(x)=x2;‎ ‎②f(x)=2x;‎ ‎③f(x)=;‎ ‎④f(x)=ln|x|.‎ 则其中是“保等比数列函数”的f(x)的序号为________.‎ ‎【解析】 设{an}的公比为q,验证 ‎①==q2,③==,‎ 故①③为“保等比数列函数”.‎ ‎【答案】 ①③‎ ‎15.(2017·兰州模拟)设Sn为数列{an}的前n项和,对任意的n∈N*,都有Sn=m+1-man(m为常数,且m>0).‎ ‎(1)求证:数列{an}是等比数列;‎ ‎(2)设数列{an}的公比q=f(m),数列{bn}满足b1=2a1,bn=f(bn-1)(n≥2,n∈N*),求数列{bn}的通项公式.‎ ‎【解析】 (1)证明 当n=1时,a1=S1=m+1-ma1,解得a1=1.‎ 当n≥2时,an=Sn-Sn-1=man-1-man,即(1+m)an=man-1.‎ 又m为常数,且m>0,∴=(n≥2).‎ ‎∴数列{an}是首项为1,公比为的等比数列.‎ ‎(2)由(1)得,q=f(m)=,b1=2a1=2.‎ ‎∵bn=f(bn-1)=,‎ ‎∴=+1,即-=1(n≥2).‎ ‎∴数列是首项为,公差为1的等差数列.‎ ‎∴=+(n-1)·1=,即bn=(n∈N*).‎