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- 2021-07-01 发布
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(六)函数与导数(B)
1.(2018·江苏省兴化一中模拟)已知函数f(x)=xex-ax,a∈R.
(1)当a=0时,求f(x)的最小值;
(2)若x≥0时,f(x)≥ax2恒成立,求实数a的取值范围;
(3)若函数f(x)存在极小值,求实数a的取值范围.
解 (1)当a=0时,f(x)=xex,f′(x)=(x+1)ex,
当x<-1时,f′(x)<0,f(x)单调递减;
当x>-1时,f′(x)>0,f(x)单调递增,
所以当x=-1时,f(x)取最小值为f(-1)=-.
(2)当x≥0时,
f(x)≥ax2⇔xex-ax≥ax2⇔ex-a≥ax⇔a≤,
令h(x)=(x≥0),
则h′(x)=≥0,
所以h(x)在[0,+∞)上单调递增,
所以h(x)min=h(0)=1,所以a≤1.
(3)设g(x)=f′(x)=(x+1)ex-a,
则g′(x)=(x+2)ex,
令g′(x)=0,得x=-2,
所以g(x)在(-∞,-2)上单调递减,
在(-2,+∞)上单调递增,
所以g(x)≥g(-2)=--a,
当a≤-时,g(x)≥--a≥0,即f′(x)≥0,
所以f(x)在R上单调递增,无极值;
当a>-时,
因为g(-2)=--a<0,
g(a)=(a+1)ea-a≥(a+1)2-a=2+>0(易证ea≥a+1),
所以g(-2)g(a)<0,
所以g(x)在(-2,a)上有一个零点,记为x1,
则当x∈(-2,x1)时,f′(x)=g(x)<0,
则f(x)单调递减;
当x∈(x1,a)时,f′(x)=g(x)>0,则f(x)单调递增,
所以f(x)在x=x1处取得极小值.
综上,若函数f(x)存在极小值,则实数a的取值范围为.
2.设函数f(x)=2(a+1)(a∈R),g(x)=ln x+bx(b∈R),直线y=x+1是曲线y=f(x)的一条切线.
(1)求a的值;
(2)若函数y=f(x)-g(x)有两个极值点x1,x2.
①试求b的取值范围;
②证明:≤+.
(1)解 设直线y=x+1与函数y=f(x)的图象相切于点(x0,y0),
则y0=x0+1,y0=2(a+1),=1,解得a=0.
(2)①解 记h(x)=f(x)-g(x),则h(x)=2-ln x-bx.
函数y=f(x)-g(x)有两个极值点的必要条件是h′(x)有两个正零点.
h′(x)=--b=,
令h′(x)=0,得bx-+1=0(x>0).
令=t,则t>0.
问题转化为bt2-t+1=0有两个不等的正实根t1,t2,
等价于解得00;
当x∈(x2,+∞)时,h′(x)<0.
所以x1,x2是h(x)=f(x)-g(x)的极值点,
所以b的取值范围是.
②证明 由①知=+=.
可得g(x1)+g(x2)=-2ln b+-2,f(x1)+f(x2)=,
所以=-bln b-b.
记k(b)=-bln b-b,
则k′(b)=-ln b-2,
令k′(b)=0,得b=∈,
所以当b∈时,k′(b)>0,k(b)单调递增;
当b∈时,k′(b)<0,k(b)单调递减,
所以当b=时,k(b)取最大值+,
所以≤+.
3.设函数f(x)=2ax++cln x.
(1)当b=0,c=1时,讨论函数f(x)的单调区间;
(2)若函数f(x)在x=1处的切线为y=3x+3a-6且函数f(x)有两个极值点x1,x2,x10,
f′(x)=2a-+=.
(1)当b=0,c=1时,f′(x)=.
当a≥0时,由x>0,得f′(x)=>0恒成立,
所以函数f(x)在(0,+∞)上单调递增.
当a<0时,令f′(x)=>0,解得0-,
所以函数f(x)在上单调递增,在上单调递减.
综上所述,①当a≥0时,函数f(x)在(0,+∞)上单调递增;②当a<0时,函数f(x)在上单调递增,在上单调递减.
(2)①函数f(x)在x=1处的切线为y=3x+3a-6,
所以f(1)=2a+b=3a-3,f′(1)=2a+c-b=3,
所以b=a-3,c=-a,
f′(x)=2a-+=,
函数f(x)有两个极值点x1,x2,x10,4t-1>0,φ′(t)>0,
所以φ(t)在上单调递增,
φ(t)∈,
所以f(x2)的取值范围是.
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