2016年江苏省高考数学试卷 28页

‎2016年江苏省高考数学试卷 ‎　‎ 一、填空题（共14小题，每小题5分，满分70分）‎ ‎1．（5分）已知集合A={﹣1，2，3，6}，B={x|﹣2＜x＜3}，则A∩B=　　．‎ ‎2．（5分）复数z=（1+2i）（3﹣i），其中i为虚数单位，则z的实部是　　．‎ ‎3．（5分）在平面直角坐标系xOy中，双曲线﹣=1的焦距是　　．‎ ‎4．（5分）已知一组数据4.7，4.8，5.1，5.4，5.5，则该组数据的方差是　　．‎ ‎5．（5分）函数y=的定义域是　　．‎ ‎6．（5分）如图是一个算法的流程图，则输出的a的值是　　．‎ ‎7．（5分）将一颗质地均匀的骰子（一种各个面上分别标有1，2，3，4，5，6个点的正方体玩具）先后抛掷2次，则出现向上的点数之和小于10的概率是　　．‎ ‎8．（5分）已知{an}是等差数列，Sn是其前n项和，若a1+a22=﹣3，S5=10，则a9的值是　　．‎ ‎9．（5分）定义在区间[0，3π]上的函数y=sin2x的图象与y=cosx的图象的交点个数是　　．‎ ‎10．（5分）如图，在平面直角坐标系xOy中，F是椭圆+=1（a＞b＞‎ ‎0）的右焦点，直线y=与椭圆交于B，C两点，且∠BFC=90°，则该椭圆的离心率是　　．‎ ‎11．（5分）设f（x）是定义在R上且周期为2的函数，在区间[﹣1，1）上，f（x）=，其中a∈R，若f（﹣）=f（），则f（5a）的值是　　．‎ ‎12．（5分）已知实数x，y满足，则x2+y2的取值范围是　　．‎ ‎13．（5分）如图，在△ABC中，D是BC的中点，E，F是AD上的两个三等分点，•=4，•=﹣1，则•的值是　　．‎ ‎14．（5分）在锐角三角形ABC中，若sinA=2sinBsinC，则tanAtanBtanC的最小值是　　．‎ ‎　‎ 二、解答题（共6小题，满分90分）‎ ‎15．（14分）在△ABC中，AC=6，cosB=，C=．‎ ‎（1）求AB的长；‎ ‎（2）求cos（A﹣）的值．‎ ‎16．（14分）如图，在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中，D，E分别为AB，BC的中点，点F在侧棱B1B上，且B1D⊥A1F，A1C1⊥A1B1．求证：‎ ‎（1）直线DE∥平面A1C1F；‎ ‎（2）平面B1DE⊥平面A1C1F．‎ ‎17．（14分）现需要设计一个仓库，它由上下两部分组成，上部的形状是正四棱锥P﹣A1B1C1D1，下部的形状是正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1（如图所示），并要求正四棱柱的高O1O是正四棱锥的高PO1的4倍．‎ ‎（1）若AB=6m，PO1=2m，则仓库的容积是多少？‎ ‎（2）若正四棱锥的侧棱长为6m，则当PO1为多少时，仓库的容积最大？‎ ‎18．（16分）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知以M为圆心的圆M：x2+y2﹣12x﹣14y+60=0及其上一点A（2，4）．‎ ‎（1）设圆N与x轴相切，与圆M外切，且圆心N在直线x=6上，求圆N的标准方程；‎ ‎（2）设平行于OA的直线l与圆M相交于B、C两点，且BC=OA，求直线l的方程；‎ ‎（3）设点T（t，0）满足：存在圆M上的两点P和Q，使得+=，求实数t的取值范围．‎ ‎19．（16分）已知函数f（x）=ax+bx（a＞0，b＞0，a≠1，b≠1）．‎ ‎（1）设a=2，b=．‎ ‎①求方程f（x）=2的根；‎ ‎②若对于任意x∈R，不等式f（2x）≥mf（x）﹣6恒成立，求实数m的最大值；‎ ‎（2）若0＜a＜1，b＞1，函数g（x）=f（x）﹣2有且只有1个零点，求ab的值．‎ ‎20．（16分）记U={1，2，…，100}，对数列{an}（n∈N*）和U的子集T，若T=∅，定义ST=0；若T={t1，t2，…，tk}，定义ST=++…+．例如：T={1，3，66}时，ST=a1+a3+a66．现设{an}（n∈N*）是公比为3的等比数列，且当T={2，4}时，ST=30．‎ ‎（1）求数列{an}的通项公式；‎ ‎（2）对任意正整数k（1≤k≤100），若T⊆{1，2，…，k}，求证：ST＜ak+1；‎ ‎（3）设C⊆U，D⊆U，SC≥SD，求证：SC+SC∩D≥2SD．‎ ‎　‎ 附加题【选做题】本题包括A、B、C、D四小题，请选定其中两小题，并在相应的答题区域内作答，若多做，则按作答的前两小题评分，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.A．【选修4—1几何证明选讲】‎ ‎21．（10分）如图，在△ABC中，∠ABC=90°，BD⊥AC，D为垂足，E为BC的中点，求证：∠EDC=∠ABD．‎ ‎　‎ B.【选修4—2：矩阵与变换】‎ ‎22．（10分）已知矩阵A=，矩阵B的逆矩阵B﹣1=，求矩阵AB．‎ ‎　‎ C.【选修4—4：坐标系与参数方程】‎ ‎23．在平面直角坐标系xOy中，已知直线l的参数方程为（t为参数），椭圆C的参数方程为（θ为参数），设直线l与椭圆C相交于A，B两点，求线段AB的长．‎ ‎24．设a＞0，|x﹣1|＜，|y﹣2|＜，求证：|2x+y﹣4|＜a．‎ ‎　‎ 附加题【必做题】‎ ‎25．（10分）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知直线l：x﹣y﹣2=0，抛物线C：y2=2px（p＞0）．‎ ‎（1）若直线l过抛物线C的焦点，求抛物线C的方程；‎ ‎（2）已知抛物线C上存在关于直线l对称的相异两点P和Q．‎ ‎①求证：线段PQ的中点坐标为（2﹣p，﹣p）；‎ ‎②求p的取值范围．‎ ‎26．（10分）（1）求7C﹣4C的值；‎ ‎（2）设m，n∈N*，n≥m，求证：（m+1）C+（m+2）C+（m+3）C+…+nC+（n+1）C=（m+1）C．‎ ‎　‎ ‎2016年江苏省高考数学试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、填空题（共14小题，每小题5分，满分70分）‎ ‎1．（5分）（2016•江苏）已知集合A={﹣1，2，3，6}，B={x|﹣2＜x＜3}，则A∩B=　{﹣1，2}　．‎ ‎【分析】根据已知中集合A={﹣1，2，3，6}，B={x|﹣2＜x＜3}，结合集合交集的定义可得答案．‎ ‎【解答】解：∵集合A={﹣1，2，3，6}，B={x|﹣2＜x＜3}，‎ ‎∴A∩B={﹣1，2}，‎ 故答案为：{﹣1，2}‎ ‎　‎ ‎2．（5分）（2016•江苏）复数z=（1+2i）（3﹣i），其中i为虚数单位，则z的实部是　5　．‎ ‎【分析】利用复数的运算法则即可得出．‎ ‎【解答】解：z=（1+2i）（3﹣i）=5+5i，‎ 则z的实部是5，‎ 故答案为：5．‎ ‎　‎ ‎3．（5分）（2016•江苏）在平面直角坐标系xOy中，双曲线﹣=1的焦距是　2　．‎ ‎【分析】确定双曲线的几何量，即可求出双曲线﹣=1的焦距．‎ ‎【解答】解：双曲线﹣=1中，a=，b=，‎ ‎∴c==，‎ ‎∴双曲线﹣=1的焦距是2．‎ 故答案为：2．‎ ‎　‎ ‎4．（5分）（2016•江苏）已知一组数据4.7，4.8，5.1，5.4，5.5，则该组数据的方差是　0.1　．‎ ‎【分析】先求出数据4.7，4.8，5.1，5.4，5.5的平均数，由此能求出该组数据的方差．‎ ‎【解答】解：∵数据4.7，4.8，5.1，5.4，5.5的平均数为：‎ ‎=（4.7+4.8+5.1+5.4+5.5）=5.1，‎ ‎∴该组数据的方差：‎ S2=[（4.7﹣5.1）2+（4.8﹣5.1）2+（5.1﹣5.1）2+（5.4﹣5.1）2+（5.5﹣5.1）2]=0.1．‎ 故答案为：0.1．‎ ‎　‎ ‎5．（5分）（2016•江苏）函数y=的定义域是　[﹣3，1]　．‎ ‎【分析】根据被开方数不小于0，构造不等式，解得答案．‎ ‎【解答】解：由3﹣2x﹣x2≥0得：x2+2x﹣3≤0，‎ 解得：x∈[﹣3，1]，‎ 故答案为：[﹣3，1]‎ ‎　‎ ‎6．（5分）（2016•江苏）如图是一个算法的流程图，则输出的a的值是　9　．‎ ‎【分析】根据已知的程序框图可得，该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量a的值，模拟程序的运行过程，可得答案．‎ ‎【解答】解：当a=1，b=9时，不满足a＞b，故a=5，b=7，‎ 当a=5，b=7时，不满足a＞b，故a=9，b=5‎ 当a=9，b=5时，满足a＞b，‎ 故输出的a值为9，‎ 故答案为：9‎ ‎　‎ ‎7．（5分）（2016•江苏）将一颗质地均匀的骰子（一种各个面上分别标有1，2，3，4，5，6个点的正方体玩具）先后抛掷2次，则出现向上的点数之和小于10的概率是　　．‎ ‎【分析】出现向上的点数之和小于10的对立事件是出现向上的点数之和不小于10，由此利用对立事件概率计算公式能求出出现向上的点数之和小于10的概率．‎ ‎【解答】解：将一颗质地均匀的骰子（一种各个面上分别标有1，2，3，4，5，6个点的正方体玩具）先后抛掷2次，‎ 基本事件总数为n=6×6=36，‎ 出现向上的点数之和小于10的对立事件是出现向上的点数之和不小于10，‎ 出现向上的点数之和不小于10包含的基本事件有：‎ ‎（4，6），（6，4），（5，5），（5，6），（6，5），（6，6），共6个，‎ ‎∴出现向上的点数之和小于10的概率：‎ p=1﹣=．‎ 故答案为：．‎ ‎　‎ ‎8．（5分）（2016•江苏）已知{an}是等差数列，Sn是其前n项和，若a1+a22=﹣3，S5=10，则a9的值是　20　．‎ ‎【分析】利用等差数列的通项公式和前n项和公式列出方程组，求出首项和公差，由此能求出a9的值．‎ ‎【解答】解：∵{an}是等差数列，Sn是其前n项和，a1+a22=﹣3，S5=10，‎ ‎∴，‎ 解得a1=﹣4，d=3，‎ ‎∴a9=﹣4+8×3=20．‎ 故答案为：20．‎ ‎　‎ ‎9．（5分）（2016•江苏）定义在区间[0，3π]上的函数y=sin2x的图象与y=cosx的图象的交点个数是　7　．‎ ‎【分析】画出函数y=sin2x与y=cosx在区间[0，3π]上的图象即可得到答案．‎ ‎【解答】解：画出函数y=sin2x与y=cosx在区间[0，3π]上的图象如下：‎ 由图可知，共7个交点．‎ 故答案为：7．‎ ‎　‎ ‎10．（5分）（2016•江苏）如图，在平面直角坐标系xOy中，F是椭圆+=1（a＞b＞0）的右焦点，直线y=与椭圆交于B，C两点，且∠BFC=90°，则该椭圆的离心率是　　．‎ ‎【分析】设右焦点F（c，0），将y=代入椭圆方程求得B，C的坐标，运用两直线垂直的条件：斜率之积为﹣1，结合离心率公式，计算即可得到所求值．‎ ‎【解答】解：设右焦点F（c，0），‎ 将y=代入椭圆方程可得x=±a=±a，‎ 可得B（﹣a，），C（a，），‎ 由∠BFC=90°，可得kBF•kCF=﹣1，‎ 即有•=﹣1，‎ 化简为b2=3a2﹣4c2，‎ 由b2=a2﹣c2，即有3c2=2a2，‎ 由e=，可得e2==，‎ 可得e=，‎ 故答案为：．‎ ‎　‎ ‎11．（5分）（2016•江苏）设f（x）是定义在R上且周期为2的函数，在区间[‎ ‎﹣1，1）上，f（x）=，其中a∈R，若f（﹣）=f（），则f（5a）的值是　﹣　．‎ ‎【分析】根据已知中函数的周期性，结合f（﹣）=f（），可得a值，进而得到f（5a）的值．‎ ‎【解答】解：f（x）是定义在R上且周期为2的函数，在区间[﹣1，1）上，f（x）=，‎ ‎∴f（﹣）=f（﹣）=﹣+a，‎ f（）=f（）=|﹣|=，‎ ‎∴a=，‎ ‎∴f（5a）=f（3）=f（﹣1）=﹣1+=﹣，‎ 故答案为：﹣‎ ‎　‎ ‎12．（5分）（2016•江苏）已知实数x，y满足，则x2+y2的取值范围是　[，13]　．‎ ‎【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，结合两点间的距离公式以及点到直线的距离公式进行求解即可．‎ ‎【解答】解：作出不等式组对应的平面区域，‎ 设z=x2+y2，则z的几何意义是区域内的点到原点距离的平方，‎ 由图象知A到原点的距离最大，‎ 点O到直线BC：2x+y﹣2=0的距离最小，‎ 由得，即A（2，3），此时z=22+32=4+9=13，‎ 点O到直线BC：2x+y﹣2=0的距离d==，‎ 则z=d2=（）2=，‎ 故z的取值范围是[，13]，‎ 故答案为：[，13]．‎ ‎　‎ ‎13．（5分）（2016•江苏）如图，在△ABC中，D是BC的中点，E，F是AD上的两个三等分点，•=4，•=﹣1，则•的值是　　．‎ ‎【分析】由已知可得=+，=﹣+，=+3，=﹣+3，=+2，=﹣+2，结合已知求出2=，2=，可得答案．‎ ‎【解答】解：∵D是BC的中点，E，F是AD上的两个三等分点，‎ ‎∴=+，=﹣+，‎ ‎=+3，=﹣+3，‎ ‎∴•=2﹣2=﹣1，‎ ‎•=92﹣2=4，‎ ‎∴2=，2=，‎ 又∵=+2，=﹣+2，‎ ‎∴•=42﹣2=，‎ 故答案为：‎ ‎　‎ ‎14．（5分）（2016•江苏）在锐角三角形ABC中，若sinA=2sinBsinC，则tanAtanBtanC的最小值是　8　．‎ ‎【分析】结合三角形关系和式子sinA=2sinBsinC可推出sinBcosC+cosBsinC=2sinBsinC，进而得到tanB+tanC=2tanBtanC，结合函数特性可求得最小值．‎ ‎【解答】解：由sinA=sin（π﹣A）=sin（B+C）=sinBcosC+cosBsinC，sinA=2sinBsinC，‎ 可得sinBcosC+cosBsinC=2sinBsinC，①‎ 由三角形ABC为锐角三角形，则cosB＞0，cosC＞0，‎ 在①式两侧同时除以cosBcosC可得tanB+tanC=2tanBtanC，‎ 又tanA=﹣tan（π﹣A）=﹣tan（B+C）=﹣②，‎ 则tanAtanBtanC=﹣•tanBtanC，‎ 由tanB+tanC=2tanBtanC可得tanAtanBtanC=﹣，‎ 令tanBtanC=t，由A，B，C为锐角可得tanA＞0，tanB＞0，tanC＞0，‎ 由②式得1﹣tanBtanC＜0，解得t＞1，‎ tanAtanBtanC=﹣=﹣，‎ ‎=（）2﹣，由t＞1得，﹣≤＜0，‎ 因此tanAtanBtanC的最小值为8，‎ 当且仅当t=2时取到等号，此时tanB+tanC=4，tanBtanC=2，‎ 解得tanB=2+，tanC=2﹣‎ ‎，tanA=4，（或tanB，tanC互换），此时A，B，C均为锐角．‎ ‎　‎ 二、解答题（共6小题，满分90分）‎ ‎15．（14分）（2016•江苏）在△ABC中，AC=6，cosB=，C=．‎ ‎（1）求AB的长；‎ ‎（2）求cos（A﹣）的值．‎ ‎【分析】（1）利用正弦定理，即可求AB的长；‎ ‎（2）求出cosA、sinA，利用两角差的余弦公式求cos（A﹣）的值．‎ ‎【解答】解：（1）∵△ABC中，cosB=，‎ ‎∴sinB=，‎ ‎∵，‎ ‎∴AB==5；‎ ‎（2）cosA=﹣cos（C+B）=sinBsinC﹣cosBcosC=﹣．‎ ‎∵A为三角形的内角，‎ ‎∴sinA=，‎ ‎∴cos（A﹣）=cosA+sinA=．‎ ‎　‎ ‎16．（14分）（2016•江苏）如图，在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中，D，E分别为AB，BC的中点，点F在侧棱B1B上，且B1D⊥A1F，A1C1⊥A1B1．求证：‎ ‎（1）直线DE∥平面A1C1F；‎ ‎（2）平面B1DE⊥平面A1C1F．‎ ‎【分析】（1）通过证明DE∥AC，进而DE∥A1C1，据此可得直线DE∥平面A1C1F1；‎ ‎（2）通过证明A1F⊥DE结合题目已知条件A1F⊥B1D，进而可得平面B1DE⊥平面A1C1F．‎ ‎【解答】解：（1）∵D，E分别为AB，BC的中点，‎ ‎∴DE为△ABC的中位线，‎ ‎∴DE∥AC，‎ ‎∵ABC﹣A1B1C1为棱柱，‎ ‎∴AC∥A1C1，‎ ‎∴DE∥A1C1，‎ ‎∵A1C1⊂平面A1C1F，且DE⊄平面A1C1F，‎ ‎∴DE∥A1C1F；‎ ‎（2）∵ABC﹣A1B1C1为直棱柱，‎ ‎∴AA1⊥平面A1B1C1，‎ ‎∴AA1⊥A1C1，‎ 又∵A1C1⊥A1B1，且AA1∩A1B1=A1，AA1、A1B1⊂平面AA1B1B，‎ ‎∴A1C1⊥平面AA1B1B，‎ ‎∵DE∥A1C1，‎ ‎∴DE⊥平面AA1B1B，‎ 又∵A1F⊂平面AA1B1B，‎ ‎∴DE⊥A1F，‎ 又∵A1F⊥B1D，DE∩B1D=D，且DE、B1D⊂平面B1DE，‎ ‎∴A1F⊥平面B1DE，‎ 又∵A1F⊂平面A1C1F，‎ ‎∴平面B1DE⊥平面A1C1F．‎ ‎　‎ ‎17．（14分）（2016•江苏）现需要设计一个仓库，它由上下两部分组成，上部的形状是正四棱锥P﹣A1B1C1D1，下部的形状是正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1（如图所示），并要求正四棱柱的高O1O是正四棱锥的高PO1的4倍．‎ ‎（1）若AB=6m，PO1=2m，则仓库的容积是多少？‎ ‎（2）若正四棱锥的侧棱长为6m，则当PO1为多少时，仓库的容积最大？‎ ‎【分析】（1）由正四棱柱的高O1O是正四棱锥的高PO1的4倍，可得PO1=2m时，O1O=8m，进而可得仓库的容积；‎ ‎（2）设PO1=xm，则O1O=4xm，A1O1=m，A1B1=•m，代入体积公式，求出容积的表达式，利用导数法，可得最大值．‎ ‎【解答】解：（1）∵PO1=2m，正四棱柱的高O1O是正四棱锥的高PO1的4倍．‎ ‎∴O1O=8m，‎ ‎∴仓库的容积V=×62×2+62×8=312m3，‎ ‎（2）若正四棱锥的侧棱长为6m，‎ 设PO1=xm，‎ 则O1O=4xm，A1O1=m，A1B1=•m，‎ 则仓库的容积V=×（•）2•x+（•）2•4x=x3+312x，（0＜x＜6），‎ ‎∴V′=﹣26x2+312，（0＜x＜6），‎ 当0＜x＜2时，V′＞0，V（x）单调递增；‎ 当2＜x＜6时，V′＜0，V（x）单调递减；‎ 故当x=2时，V（x）取最大值；‎ 即当PO1=2m时，仓库的容积最大．‎ ‎　‎ ‎18．（16分）（2016•江苏）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知以M为圆心的圆M：x2+y2﹣12x﹣14y+60=0及其上一点A（2，4）．‎ ‎（1）设圆N与x轴相切，与圆M外切，且圆心N在直线x=6上，求圆N的标准方程；‎ ‎（2）设平行于OA的直线l与圆M相交于B、C两点，且BC=OA，求直线l的方程；‎ ‎（3）设点T（t，0）满足：存在圆M上的两点P和Q，使得+=，求实数t的取值范围．‎ ‎【分析】（1）设N（6，n），则圆N为：（x﹣6）2+（y﹣n）2=n2，n＞0，从而得到|7﹣n|=|n|+5，由此能求出圆N的标准方程．‎ ‎（2）由题意得OA=2，kOA=2，设l：y=2x+b，则圆心M到直线l的距离：d=，由此能求出直线l的方程．‎ ‎（3）=，即||=，又||≤10，得t∈[2﹣2，2+2]，对于任意t∈[2﹣2，2+2]，欲使，只需要作直线TA的平行线，使圆心到直线的距离为，由此能求出实数t的取值范围．‎ ‎【解答】解：（1）∵N在直线x=6上，∴设N（6，n），‎ ‎∵圆N与x轴相切，∴圆N为：（x﹣6）2+（y﹣n）2=n2，n＞0，‎ 又圆N与圆M外切，圆M：x2+y2﹣12x﹣14y+60=0，即圆M：（（x﹣6）2+（x﹣7）2=25，‎ ‎∴|7﹣n|=|n|+5，解得n=1，‎ ‎∴圆N的标准方程为（x﹣6）2+（y﹣1）2=1．‎ ‎（2）由题意得OA=2，kOA=2，设l：y=2x+b，‎ 则圆心M到直线l的距离：d==，‎ 则|BC|=2=2，BC=2，即2=2，‎ 解得b=5或b=﹣15，‎ ‎∴直线l的方程为：y=2x+5或y=2x﹣15．‎ ‎（3）=，即，即||=||，‎ ‎||=，‎ 又||≤10，即≤10，解得t∈[2﹣2，2+2]，‎ 对于任意t∈[2﹣2，2+2]，欲使，‎ 此时，||≤10，‎ 只需要作直线TA的平行线，使圆心到直线的距离为，‎ 必然与圆交于P、Q两点，此时||=||，即，‎ 因此实数t的取值范围为t∈[2﹣2，2+2]，．‎ ‎　‎ ‎19．（16分）（2016•江苏）已知函数f（x）=ax+bx（a＞0，b＞0，a≠1，b≠1）．‎ ‎（1）设a=2，b=．‎ ‎①求方程f（x）=2的根；‎ ‎②若对于任意x∈R，不等式f（2x）≥mf（x）﹣6恒成立，求实数m的最大值；‎ ‎（2）若0＜a＜1，b＞1，函数g（x）=f（x）﹣2有且只有1个零点，求ab的值．‎ ‎【分析】（1）①利用方程，直接求解即可．②列出不等式，利用二次函数的性质以及函数的最值，转化求解即可．‎ ‎（2）求出g（x）=f（x）﹣2=ax+bx﹣2，求出函数的导数，构造函数h（x）=+，求出g（x）的最小值为：g（x0）．同理①若g（x0）＜0，g（x）至少有两个零点，与条件矛盾．②若g（x0）＞0，利用函数g（x）=f（x）﹣2有且只有1个零点，推出g（x0）=0，然后求解ab=1．‎ ‎【解答】解：函数f（x）=ax+bx（a＞0，b＞0，a≠1，b≠1）．‎ ‎（1）设a=2，b=．‎ ‎①方程f（x）=2；即：=2，可得x=0．‎ ‎②不等式f（2x）≥mf（x）﹣6恒成立，即≥m（）﹣6恒成立．‎ 令t=，t≥2．‎ 不等式化为：t2﹣mt+4≥0在t≥2时，恒成立．可得：△≤0或 即：m2﹣16≤0或m≤4，‎ ‎∴m∈（﹣∞，4]．‎ 实数m的最大值为：4．‎ ‎（2）g（x）=f（x）﹣2=ax+bx﹣2，‎ g′（x）=axlna+bxlnb=ax[+]lnb，‎ ‎0＜a＜1，b＞1可得，‎ 令h（x）=+，则h（x）是递增函数，而，lna＜0，lnb＞0，‎ 因此，x0=时，h（x0）=0，‎ 因此x∈（﹣∞，x0）时，h（x）＜0，axlnb＞0，则g′（x）＜0．‎ x∈（x0，+∞）时，h（x）＞0，axlnb＞0，则g′（x）＞0，‎ 则g（x）在（﹣∞，x0）递减，（x0，+∞）递增，因此g（x）的最小值为：g（x0）．‎ ‎①若g（x0）＜0，x＜loga2时，ax＞=2，bx＞0，则g（x）＞0，‎ 因此x1＜loga2，且x1＜x0时，g（x1）＞0，因此g（x）在（x1，x0）有零点，‎ 则g（x）至少有两个零点，与条件矛盾．‎ ‎②若g（x0）＞0，函数g（x）=f（x）﹣2有且只有1个零点，g（x）的最小值为g（x0），可得g（x0）=0，‎ 由g（0）=a0+b0﹣2=0，‎ 因此x0=0，因此=0，﹣=1，即lna+lnb=0，ln（ab）=0，则ab=1．‎ 可得ab=1．‎ ‎　‎ ‎20．（16分）（2016•江苏）记U={1，2，…，100}，对数列{an}（n∈N*）和U的子集T，若T=∅，定义ST=0；若T={t1，t2，…，tk}，定义ST=++…+．例如：T={1，3，66}时，ST=a1+a3+a66．现设{an}（n∈N*）是公比为3的等比数列，且当T={2，4}时，ST=30．‎ ‎（1）求数列{an}的通项公式；‎ ‎（2）对任意正整数k（1≤k≤100），若T⊆{1，2，…，k}，求证：ST＜ak+1；‎ ‎（3）设C⊆U，D⊆U，SC≥SD，求证：SC+SC∩D≥2SD．‎ ‎【分析】（1）根据题意，由ST的定义，分析可得ST=a2+a4=a2+9a2=30，计算可得a2‎ ‎=3，进而可得a1的值，由等比数列通项公式即可得答案；‎ ‎（2）根据题意，由ST的定义，分析可得ST≤a1+a2+…ak=1+3+32+…+3k﹣1，由等比数列的前n项和公式计算可得证明；‎ ‎（3）设A=∁C（C∩D），B=∁D（C∩D），则A∩B=∅，进而分析可以将原命题转化为证明SC≥2SB，分2种情况进行讨论：①、若B=∅，②、若B≠∅，可以证明得到SA≥2SB，即可得证明．‎ ‎【解答】解：（1）当T={2，4}时，ST=a2+a4=a2+9a2=30，‎ 因此a2=3，从而a1==1，‎ 故an=3n﹣1，‎ ‎（2）ST≤a1+a2+…ak=1+3+32+…+3k﹣1=＜3k=ak+1，‎ ‎（3）设A=∁C（C∩D），B=∁D（C∩D），则A∩B=∅，‎ 分析可得SC=SA+SC∩D，SD=SB+SC∩D，则SC+SC∩D﹣2SD=SA﹣2SB，‎ 因此原命题的等价于证明SC≥2SB，‎ 由条件SC≥SD，可得SA≥SB，‎ ‎①、若B=∅，则SB=0，故SA≥2SB，‎ ‎②、若B≠∅，由SA≥SB可得A≠∅，设A中最大元素为l，B中最大元素为m，‎ 若m≥l+1，则其与SA＜ai+1≤am≤SB相矛盾，‎ 因为A∩B=∅，所以l≠m，则l≥m+1，‎ SB≤a1+a2+…am=1+3+32+…+3m﹣1=≤=，即SA≥2SB，‎ 综上所述，SA≥2SB，‎ 故SC+SC∩D≥2SD．‎ ‎　‎ 附加题【选做题】本题包括A、B、C、D四小题，请选定其中两小题，并在相应的答题区域内作答，若多做，则按作答的前两小题评分，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.A．【选修4—1几何证明选讲】‎ ‎21．（10分）（2016•江苏）如图，在△ABC中，∠ABC=90°，BD⊥‎ AC，D为垂足，E为BC的中点，求证：∠EDC=∠ABD．‎ ‎【分析】依题意，知∠BDC=90°，∠EDC=∠C，利用∠C+∠DBC=∠ABD+∠DBC=90°，可得∠ABD=∠C，从而可证得结论．‎ ‎【解答】解：由BD⊥AC可得∠BDC=90°，‎ 因为E为BC的中点，所以DE=CE=BC，‎ 则：∠EDC=∠C，‎ 由∠BDC=90°，可得∠C+∠DBC=90°，‎ 由∠ABC=90°，可得∠ABD+∠DBC=90°，‎ 因此∠ABD=∠C，而∠EDC=∠C，‎ 所以，∠EDC=∠ABD．‎ ‎　‎ B.【选修4—2：矩阵与变换】‎ ‎22．（10分）（2016•江苏）已知矩阵A=，矩阵B的逆矩阵B﹣1=，求矩阵AB．‎ ‎【分析】依题意，利用矩阵变换求得B=（B﹣1）﹣1==，再利用矩阵乘法的性质可求得答案．‎ ‎【解答】解：∵B﹣1=，‎ ‎∴B=（B﹣1）﹣1==，又A=，‎ ‎∴AB==．‎ ‎　‎ C.【选修4—4：坐标系与参数方程】‎ ‎23．（2016•江苏）在平面直角坐标系xOy中，已知直线l的参数方程为（t为参数），椭圆C的参数方程为（θ为参数），设直线l与椭圆C相交于A，B两点，求线段AB的长．‎ ‎【分析】分别化直线与椭圆的参数方程为普通方程，然后联立方程组，求出直线与椭圆的交点坐标，代入两点间的距离公式求得答案．‎ ‎【解答】解：由，由②得，‎ 代入①并整理得，．‎ 由，得，‎ 两式平方相加得．‎ 联立，解得或．‎ ‎∴|AB|=．‎ ‎　‎ ‎24．（2016•江苏）设a＞0，|x﹣1|＜，|y﹣2|＜，求证：|2x+y﹣4|＜a．‎ ‎【分析】运用绝对值不等式的性质：|a+b|≤|a|+|b|，结合不等式的基本性质，即可得证．‎ ‎【解答】证明：由a＞0，|x﹣1|＜，|y﹣2|＜，‎ 可得|2x+y﹣4|=|2（x﹣1）+（y﹣2）|‎ ‎≤2|x﹣1|+|y﹣2|＜+=a，‎ 则|2x+y﹣4|＜a成立．‎ ‎　‎ 附加题【必做题】‎ ‎25．（10分）（2016•江苏）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知直线l：x﹣y﹣2=0，抛物线C：y2=2px（p＞0）．‎ ‎（1）若直线l过抛物线C的焦点，求抛物线C的方程；‎ ‎（2）已知抛物线C上存在关于直线l对称的相异两点P和Q．‎ ‎①求证：线段PQ的中点坐标为（2﹣p，﹣p）；‎ ‎②求p的取值范围．‎ ‎【分析】（1）求出抛物线的焦点坐标，然后求解抛物线方程．‎ ‎（2）：①设点P（x1，y1），Q（x2，y2），通过抛物线方程，求解kPQ，通过P，Q关于直线l对称，点的kPQ=﹣1，推出，PQ的中点在直线l上，推出=2﹣p，即可证明线段PQ的中点坐标为（2﹣p，﹣p）；‎ ‎②利用线段PQ中点坐标（2﹣p，﹣p）．推出，得到关于y2+2py+4p2﹣4p=0，有两个不相等的实数根，列出不等式即可求出p的范围．‎ ‎【解答】解：（1）∵l：x﹣y﹣2=0，∴l与x轴的交点坐标（2，0），‎ 即抛物线的焦点坐标（2，0）．‎ ‎∴，‎ ‎∴抛物线C：y2=8x．‎ ‎（2）证明：①设点P（x1，y1），Q（x2，y2），则：，‎ 即：，kPQ==，‎ 又∵P，Q关于直线l对称，∴kPQ=﹣1，即y1+y2=﹣2p，∴，‎ 又PQ的中点在直线l上，∴==2﹣p，‎ ‎∴线段PQ的中点坐标为（2﹣p，﹣p）；‎ ‎②因为Q中点坐标（2﹣p，﹣p）．‎ ‎∴，即 ‎∴，即关于y2+2py+4p2﹣4p=0，有两个不相等的实数根，‎ ‎∴△＞0，（2p）2﹣4（4p2﹣4p）＞0，‎ ‎∴p∈．‎ ‎　‎ ‎26．（10分）（2016•江苏）（1）求7C﹣4C的值；‎ ‎（2）设m，n∈N*，n≥m，求证：（m+1）C+（m+2）C+（m+3）C+…+nC+（n+1）C=（m+1）C．‎ ‎【分析】（1）由已知直接利用组合公式能求出7的值．‎ ‎（2）对任意m∈N*，当n=m时，验证等式成立；再假设n=k（k≥m）时命题成立，推导出当n=k+1时，命题也成立，由此利用数学归纳法能证明（m+1）C+‎ ‎（m+2）C+（m+3）C+…+nC+（n+1）C=（m+1）C．‎ ‎【解答】解：（1）7‎ ‎=﹣4×‎ ‎=7×20﹣4×35=0．‎ 证明：（2）对任意m∈N*，‎ ‎①当n=m时，左边=（m+1）=m+1，‎ 右边=（m+1）=m+1，等式成立．‎ ‎②假设n=k（k≥m）时命题成立，‎ 即（m+1）C+（m+2）C+（m+3）C+…+k+（k+1）=（m+1），‎ 当n=k+1时，‎ 左边=（m+1）+（m+2）+（m+3）++（k+1）+（k+2）‎ ‎=，‎ 右边=‎ ‎∵‎ ‎=（m+1）[﹣]‎ ‎=（m+1）×[k+3﹣（k﹣m+1）]‎ ‎=（k+2）‎ ‎=（k+2），‎ ‎∴=（m+1），‎ ‎∴左边=右边，‎ ‎∴n=k+1时，命题也成立，‎ ‎∴m，n∈N*，n≥m，（m+1）C+（m+2）C+（m+3）C+…+nC+（n+1）C=（m+1）C．‎ ‎　‎