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  • 2021-06-15 发布

高考数学专题复习练习第七章 第六节 空间角

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第七章 第六节 空间角 课下练兵场 命 题 报 告 ‎ 难度及题号 知识点 ‎ 容易题(题号)‎ 中等题(题号)‎ 稍难题(题号)‎ ‎ 求异面直线的所成的角 ‎6‎ ‎7、10‎ 求直线与平面所成的角 ‎1、4、5‎ ‎3‎ 求平面和平面所成的角 ‎2‎ ‎8、9‎ ‎11、12‎ 一、选择题 ‎1.正四棱锥的侧棱长与底面边长都是1,则侧棱与底面所成的角为 (  )‎ A.75°        B.60°‎ C.45° D.30°‎ 解析:如图所示,∠PBO即为所求,‎ 又cos∠PBO===,‎ ‎∴∠PBO=45°.‎ 答案:C ‎2.若二面角α-l-β的大小为,直线m⊥α,则β所在平面内的直线与m所成角的取 值范围是 (  )‎ A.(0,) B.[,]‎ C.[,] D.[,]‎ 解析:由二面角α-l-β的大小为,直线m⊥α,得m与β所成的角的大小为,于 是β所在平面内的直线与m所成的角的最小值为,而最大值为.‎ 答案:C ‎3.把正方形ABCD沿对角线BD折成直二面角,对于下列结论:‎ ‎①AC⊥BD;②△ADC是正三角形;③AB与CD成60°角;④AB与平面BCD成60°‎ 角.‎ 则其中正确结论的个数是 (  )‎ A.1个 B.2个 C.3个 D.4个 解析:由BD⊥OC,BD⊥OA,得BD⊥平面AOC,故 BD⊥AC,①正确;cosADC=cos45°·cos45°=,∠ADC=‎ ‎60°,AD=DC,△ADC是正三角形,②正确;AB与CD成 ‎60°角,③正确;AB与平面BCD成角∠ABO=45°,④错误.‎ 答案:C ‎4.如图,在长方体ABCD-A1B‎1C1D1中,AB=BC=2,AA1=‎ ‎1,则BC1与平面BB1D1D所成角的正弦值为 (  )‎ A.       B. C. D. 解析:连结A‎1C1,交B1D1于O,依题意得,‎ A‎1C1⊥B1D1,BB1⊥A‎1C1,‎ 又B1D1∩BB1=B1,‎ ‎∴A‎1C1⊥平面BB1D1D.‎ 连结BO,则∠C1BO为所求角,‎ 又OC1=,BC1=,‎ ‎∴sin∠C1BO===,选D.‎ 答案:D ‎5.设△ABC和△DBC所在两平面互相垂直,且AB=BC=BD=a,∠CBA=∠CBD ‎=120°,则AD与平面BCD所成的角的大小为 (  )‎ A.30°         B.45°‎ C.60° D.75°‎ 解析:作AO⊥CB交CB的延长线于O,连结OD,则OD即为AD在平面BCD上 的射影,∠ADO即为AD与平面BCD所成的角.‎ ‎∵AO=OD=a,∴∠ADO=45°.‎ 答案:B ‎6.已知正四棱锥S-ABCD的侧棱长与底面边长都相等,E是SB的中点,则AE、SD 所成的角的余弦值为 (  )‎ A. B. C. D. 解析:如右图连结AC、BD交点为O,连结EO,则OE∥SD.设 正四棱锥侧棱长与底面边长为a则在△AOE中 AO=a,OE=a,AE=a,‎ ‎∴cos∠AEO==.‎ 即AE与SD所成的角的余弦值为.‎ 答案:C 二、填空题 ‎7.如图,正方体ABCD-A1B‎1C1D1中,M为BC中点,则直线D‎1M 与平面ABCD所成角的正切值为________,异面直线CD与D‎1M 所成角的余弦值为________.‎ 解析:设正方体的棱长为a,连结DM,则DM为直线D‎1M在平面ABCD内的射影,‎ ‎∴∠D1MD为直线D‎1M与平面ABCD所成的角,‎ ‎∵D1D=a,DM=a,∴tan∠D1MD=.‎ ‎∵CD∥C1D1,∴异面直线CD与D‎1M所成的角为∠C1D‎1M,连结C‎1M,‎ ‎∵C1D1=a,D‎1M=a,∴cos∠C1D‎1M=,‎ ‎∴异面直线CD与D‎1M所成角的余弦值为.‎ 答案:  ‎8.如图所示的正方体ABCD-A1B‎1C1D1中,过顶点B、D、C1‎ 作截面,则二面角B-DC1-C的余弦值为________.‎ 解析:取C1D的中点O,连结BO、CO,则BO⊥C1D,‎ CO⊥C1D,‎ ‎∴∠BOC是二面角B-DC1-C的平面角.‎ 设正方体的棱长为1,则CO=,‎ ‎∵△BDC1为正三角形,‎ ‎∴OB=,且BC=1,‎ ‎∴cos∠BOC= ‎=.‎ 答案: ‎9.已知∠AOB=90°,过O点引∠AOB所在平面的斜线OC,与OA、OB分别成45°、‎ ‎60°角,则以OC为棱的二面角A-OC-B的余弦值等于________.‎ 解析:在OC上取一点D,使OD=1,过D分别作DE⊥OC交OA于E,DF⊥OC交OB于F,∠EDF即为二面角A-OC-B的平面角.又DE=1,OE=,DF=,OF=2,Rt△EOF中,EF2=6,∴在△DEF中,由余弦定理得cosEDF=-.‎ 答案:- 三、解答题 ‎10.矩形ABCD与矩形ABEF的公共边为AB,且平面ABCD⊥‎ 平面ABEF,如图所示,FD=2,AD=1,EF=.‎ ‎(1)证明AE⊥平面FCB;‎ ‎(2)求异面直线BD与AE所成角的余弦值.‎ 解:证明:∵平面ABCD⊥平面ABEF,且四边形ABCD与ABEF是矩形,‎ ‎∴AD⊥平面ABEF.‎ ‎∴AD⊥AE.‎ ‎∵BC∥AD,∴BC⊥AE.‎ 又FD=2,AD=1,‎ ‎∴AF=EF=.‎ ‎∴四边形ABEF为正方形.‎ ‎∴AE⊥FB.‎ 又BF∩BC=B,BF⊂平面BCF,BC⊂平面BCF,‎ ‎∴AE⊥平面BCF.‎ ‎(2)设BF∩AE=O,取FD的中点H,连结OH,AH,在△FDB中,OH∥BD,‎ ‎∴∠HOA即为异面直线BD与AE所成的角(或补角).‎ 在△AOH中,OH=1,AH=,AO=,‎ ‎∴cos∠HOA=.‎ ‎∴异面直线BD与AE所成的角的余弦值为.‎ ‎11.如图,在正四棱柱ABCD-A1B‎1C1D1中,AA1=,AB=1,E是 DD1的中点.‎ ‎(1)求直线B1D和平面A1ADD1所成角的大小;‎ ‎(2)求证:B1D⊥AE;‎ ‎(3)求二面角C-AE-D的大小.‎ 解:(1)连结A1D.‎ ‎∵ABCD-A1B‎1C1D1是正四棱柱,‎ ‎∴A1B1⊥平面A1ADD1,‎ ‎∴A1D是B1D在平面A1ADD1内的射影,‎ ‎∴∠A1DB1是直线B1D和平面A1ADD1所成的角.‎ 在Rt△B‎1A1D中,tan∠A1DB1==,‎ ‎∴∠A1DB1=30°,‎ 即直线B1D和平面A1ADD1所成角的大小是30°.‎ ‎(2)在Rt△A1AD和Rt△ADE中,‎ ‎∵==,∴△A1AD∽△ADE,‎ ‎∴∠A1DA=∠AED,‎ ‎∴∠A1DA+∠EAD=∠AED+∠EAD=90°,‎ ‎∴A1D⊥AE.‎ 由(1)知,A1D是B1D在平面A1ADD1内的射影,‎ 根据三垂线定理得,B1D⊥AE.‎ ‎(3)设A1D∩AE=F,连结CF.‎ ‎∵CD⊥平面A1ADD1,且AE⊥DF,‎ 根据三垂线定理得,AE⊥CF,‎ ‎∴∠DFC是二面角C-AE-D的平面角.‎ 在Rt△ADE中,由AD·DE=AE·DF⇒DF==.‎ 在Rt△FDC中,tan∠DFC==,‎ ‎∴∠DFC=60°,‎ 即二面角C-AE-D的大小是60°.‎ ‎12.如图,四棱锥S-ABCD中,底面ABCD为平行四边形,侧面 SBC⊥底面ABCD.已知∠ABC=45°,AB=2,BC=2,SA ‎=SB=.‎ ‎(1)证明:SA⊥BC;‎ ‎(2)求直线SD与平面SAB所成角的正弦值.‎ 解:(1)证明:如右图,作SO⊥BC,垂足为O,连结AO.‎ 由侧面SBC⊥底面ABCD,得SO⊥底面ABCD.‎ 因为SA=SB,所以AO=BO.‎ 又∠ABC=45°,‎ 故△AOB为等腰直角三角形,且AO⊥BO.‎ 由三垂线定理,得SA⊥BC.‎ ‎(2)由(1)知SA⊥BC,‎ 依题设AD∥BC,故SA⊥AD,‎ 由AD=BC=2,SA=,AO=,‎ 得SO=1,SD=.‎ ‎△SAB的面积 S1=AB·=.‎ 连结DB,得△ABD的面积 S2=AB·AD·sin135°=2.‎ 设D到平面SAB的距离为h,‎ 由VD-SAB=VS-ABD,‎ 得h·S1=SO·S2,‎ 解得h=.‎ 设SD与平面SAB所成角为α,‎ 则sinα===.‎ 所以直线SD与平面SAB所成角的正弦值为.‎