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  • 2021-06-16 发布

人教新课标A版高二数学上学期第二次联考试题理1

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江西省南昌市六校 2016-2017 学年高二数学上学期第二次联考试题 理 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共 22 小题,共 150 分.共 4 页,考试时 间 120 分钟,考生作答时将答案答在答题卡上,在本试卷上答题无效. 注意事项: 第Ⅰ卷(选择题,共 60 分) 一、选择题(本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合 题目要求。) 1.直角坐标  3,1 P 转化为极坐标是( ) A.      3,2  B.      3 4,2  C.       3,2  D.       3 4,2  2.抛物线 21 4y x  的准线方程为( ) A. 1 16x  B. 1y  C. 1x  D. 1 16y  3.命题“若 2 2 0a b  ,则 0a b  ”的逆否命题是( ) A.若 0a b  ,则 2 2 0a b  B.若 0a b  ,则 2 2 0a b  C.若 0a  且 0b  ,则 2 2 0a b  D.若 0a  或 0b  ,则 2 2 0a b  4.直线 5 3 3 3 x t y t     (t 为参数)的倾斜角为( ) A.30° B.60° C.120° D.150° 5.对于大于 1 的自然数 m 的三次幂可用奇数进行以下方式的“分裂”23=3+5,33=7+9+11, 43=13+15+17+19,…,仿此,若 3m 的“分裂数”中有一个是 59,则 m 的值为( ) A.6 B.7 C.8 D.9 6.若   xf x e ,则     0 1 2 1limx f x f x      ( ) A. e B. 2e C. e D. 1 2 e 7.用数学归纳法证明“  1 1 11 2 3 2n f n    ”时,由 n k 不等式成立,证明 1n k  时, 左边应增加的项数是( ) A. 12k B. 2 1k  C. 2k D. 2 1k  8.在一次跳伞训练中,甲、乙两位学员各跳一次,设命题 p 是“甲降落在指定范围”,q 是“乙降落 在指定范围”,则命题“至少有一位学员没有降落在指定范围”可表示为( ) A. ( ) ( )p q   B. ( )p q  C. ( ) ( )p q   D. p q 9.设曲线 1 1 xy x   在点(3,2)处的切线与直线 1 0ax y   垂直,则 a  ( ) A.2 B. 1 2 C. 1 2  D.﹣2 10.不等式 22 5 3 0x x   成立的一个必要不充分条件是( ) A. 0x  或 2x   B. 0x  或 2x  C. 1x   或 4x  D. 1 2x   或 3x  11.曲线 3 3 2y x x   上的任意一点 P 处切线的倾斜角的取值范围是( ) A. 20, ,2 3            B. 2 ,3      C. 50, ,2 6            D. 5 ,6      12.已知O 为坐标原点, F 是椭圆   2 2 2 2: 1 0x yC a ba b     的左焦点,A、B 分别为C 的左、右顶 点. P 为C 上一点,且 PF x 轴,过点 A 的直线l 与线段 PF 交于点 M ,与 y 轴交于点 E.若直 线 BM 经过 OE 的中点,则C 的离心率为( ) A. 1 3 B. 1 2 C. 2 3 D. 3 4 第Ⅱ卷(非选择题,共 90 分) 二、填空题(每小题 5 分,共 20 分) 13.曲线 1 cos sin x y       ( 为参数)上的点到曲线 cos sin 1 0      的最大距离为 14.若函数    ' 22 1f x f x x  ,则  1f  = 15.已知 0a  ,不等式 2 1 42, 3, ,x xx x      可推广为 1n ax nx    ,则 a = 16.已知函数 f (x)及其导数 f′(x),若存在 x0,使得 f (x0)=f′(x0),则称 x0 是 f (x)的一个“巧 值点”,下列函数中,存在“巧值点”的是________.(填上所有正确的序号) ①f (x)=x2, ②f(x)=sinx, ③f (x)=lnx, ④f (x)=tanx, ⑤f(x)=x+1 x . 三、解答题(本大题共 6 小题,共 70 分) 17. (本小题满分 10 分) 已知函数   2 sin cosxf x x x e x    (1)求该函数的导数  'f x (2)求函数  f x 在 0x  处的切线方程 18.(本小题满分 12 分) 已知命题 p:方程 2 2 0x x m   有两个不相等的实数根;命题 q:对任意 [0 8]x   不等式 log 1 3 ( 1)x   2 3m m 恒成立.若“p 或 q”是真命题,“p 且 q”是假命题,求实数 m 的取值范围. 19.(本小题满分 12 分) 已知数列{ }na 的前 n 项和记为 nS ,若 22  aa ( a 为常数),且 nS 是 nna 与 na 的等差中项. (1)求 431 ,, aaa ; (2)猜想出 na 的表达式,并用数学归纳法进行证明. 20.(本小题满分 12 分) 在直角坐标系 xOy 中,曲线 1C 的参数方程为 3cos ( ) sin x y       为参数 ,以坐标原点为极点,以 x 轴的 正半轴为极轴,,建立极坐标系,曲线 2C 的极坐标方程为 sin( ) 2 24     . (1)写出 1C 的普通方程和 2C 的直角坐标方程; (2)设点 P 在 1C 上,点 Q 在 2C 上,求|PQ|的最小值及此时 P 的直角坐标. 21.(本小题满分 12 分) 已知  2,2E 是抛物线 2: 2C y px 上一点,经过点 (2,0) 的直线 l 与抛物线 C 交于 ,A B 两点(不同于 点 E ),直线 ,EA EB 分别交直线 2x   于点 ,M N . (1)求抛物线方程及其焦点坐标; (2)求证:以 MN 为直径的圆恰好经过原点. 22.(本小题满分 12 分) 在平面直角坐标系 xOy 中,动点 P 到两点 ( 3 0) , ,( 3 0), 的距离之和等于 4 ,设点 P 的轨迹为 曲线C ,直线l 过点 ( 1,0)E  且与曲线 C 交于 A , B 两点. (1)求曲线C 的轨迹方程; (2)是否存在△ AOB 面积的最大值,若存在,求出△ AOB 的面积;若不存在,说明理由. 2016-2017 学年度高二数学第一学期 12 月联考试卷 理科数学参考答案 一、选择题(本大题共 12 个小题,每小题 5 分,共 60 分) 二、填 空题 (本 大题 共4小 题,每小题 5 分,共 20 分) 13. 2 1 14. 5 15. nn 16. ①②③⑤ 三、解答题(本大题共 6 个小题,共 70 分) 17. 解:(1)        ' '' 2 cos cos cos 2 cos cos sinx x xf x x x e x e x x x e x x        …5 分 (2)  ' 0k f  2,切点为 0,1 .所以切线方程为 2 1y x  …………5 分 18.解:命题 p:方程 x2﹣2x+m=0 有两个不相等的实数根,∴△=4﹣4m>0,解得 m<1; 命题 q:f(x)=log 1 3 (x+1),则 f(x)在 ( 1 )  上为减函数, [0 8]x   当 x=8 时 min( ) (8) 2f x f    . 不等式 log 1 3 2( 1) 3x m m   恒成立, 等价于 22 3m m    解得1 2m  . …………6 分 p 且 q 为假,p 或 q 为真,则 p 与 q 有且只有一个为真. 若 p 为真,q 为假,那么 1 2 1 m m m       则 1m  . 若 p 为假,q 为真,那么 1 2 1 m m       则1 2m  . ……………10 分 综上所述 2m  . ……………12 分 19.解:(1)由已知得 naananaS nn n  22 , 当 1n 时, 2 1 11 aaSa  ,则 aa 1 ; 题 号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 选 项 C B D D C B C A D B A A 当 3n 时, 32 3 3213  aaaaaS ,而 22  aa , 于是可解得 43  aa ;同理可解得 64  aa .………………5 分 (2)由(1)中的 ,6,4,2, 4321  aaaaaaaa , 猜测出 2( 1)na a n   . 数学归纳法证明如下: ①当 1n 时, 1 2(1 1)a a a    ,猜想成立; 当 2n 时, 2 2 2(2 1)a a a     ,猜想也成立. ②假设当 *( , 2)n k k N k   时猜想成立,即 2( 1)ka a k   , 则当 1 kn 时, 1 1 1 ( 1)2 k k k k a aa S S k         kaak  2 , 即 1( 1) k kk a ka a   , 由 2k 可得 1 2 ( 1) 1 1 k k ka a ka k k aa k k       , 即 1 2 2[( 1) 1]ka a k a k       , 也就是说,当 1 kn 时猜想也成立. 由①、②可知对任意的 *n N , 2( 1)na a n   都成立. ………………12 分 20. 解: 21. 解:(1)将  2,2E 代入 2 2y px ,得 1p  所以抛物线方程为 2 2y x ,焦点坐标为 1( ,0)2 …………4 分 (2)设 2 1 1( , )2 yA y , 2 2 2( , )2 yB y , ( , ), ( , )M M N NM x y N x y , 法一: 因为直线 l 不经过点 E ,所以直线 l 一定有斜率 设直线l 方程为 ( 2)y k x  与抛物线方程联立得到 2 ( 2) 2 y k x y x     ,消去 x ,得: 2 2 4 0ky y k   则由韦达定理得: 1 2 1 2 24,y y y y k     直线 AE 的方程为:  1 2 1 22 2 22 yy xy     ,即   1 2 2 22y xy    , 令 2x   ,得 1 1 2 4 2M yy y   同理可得: 2 2 2 4 2N yy y   又 4( 2, ), ( 2, )m m OM y ON y      , 所以 1 2 1 2 2 4 2 44 4 2 2M N y yOM ON y y y y           1 2 1 2 1 2 1 2 4[ 2( ) 4]4 [ 2( ) 4] y y y y y y y y        44( 4 4) 4 44( 4 4) k k         0 所以OM ON ,即 MON 为定值 π 2 …………12 分 法二: 设直线l 方程为 2x my  与抛物线方程联立得到 2 2 2 x my y x     ,消去 x ,得: 2 2 4 0y my   则由韦达定理得: 1 2 1 24, 2y y y y m    直线 AE 的方程为:  1 2 1 22 2 22 yy xy     ,即   1 2 2 22y xy    , 令 2x   ,得 1 1 2 4 2M yy y   同理可得: 2 2 2 4 2N yy y   又 4( 2, ), ( 2, )m m OM y ON y      , 1 2 1 2 4( 2)( 2)4 4 ( 2)( 2)M N y yOM ON y y y y           1 2 1 2 1 2 1 2 4[ 2( ) 4]4 [ 2( ) 4] y y y y y y y y        4( 4 2 4)4 4( 4 2 4) m m        0 所以OM ON ,即 MON 为定值 π 2 …………12 分 22. 解.(1)由椭圆定义可知,点 P 的轨迹 C 是以 ( 3 0) , ,( 3 0), 为焦点,长半轴长为 2 的 椭圆.故曲线 C 的方程为 2 2 14 x y  .…………4 分 (2)存在△ AOB 面积的最大值. 因为直线l 过点 ( 1,0)E  ,可设直线l 的方程为 1x my  或 0y  (舍). 则 2 2 1,4 1. x y x my       整理得 2 2( 4) 2 3 0m y my    . 由 2 2(2 ) 12( 4) 0m m     .设 1 1 2 2( ) ( )A x y B x y, , , . 解得 2 1 2 2 3 4 m my m    , 2 2 2 2 3 4 m my m    . 则 2 2 1 2 4 3| | 4 my y m    .…………8 分 因为 1 2 1 2AOBS OE y y    2 2 2 2 2 3 2 14 3 3 m m m m      . 设 1( )g t t t   , 2 3t m  , 3t  . 则 ( )g t 在区间[ 3, ) 上为增函数.所以 4 3( ) 3g t  . 所以 3 2AOBS  ,当且仅当 0m  时取等号,即 max 3( ) 2AOBS  . 所以 AOBS 的最大值为 3 2 .…………12 分