- 1.13 MB
- 2021-06-16 发布
- 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
- 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
- 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
- 网站客服QQ:403074932
高考数学复习 等差数列及其前 n 项和
【要点梳理】
要点一、等差数列的定义
文字语言形式
一般地,如果一个数列从第二项起,每一项与它的前一项的差都等于同一个常数,这个数列就叫做等
差数列,这个常数叫做等差数列的公差,公差通常用字母 d 表示。
要点诠释:
⑴公差 d 一定是由后项减前项所得,而不能用前项减后项来求;
⑵共同特征:从第二项起,每一项与它前面一项的差等于同一个常数 d (即公差);
符号语言形式
对于数列{ }na ,若 1n na a d ( n N , 2n , d 为常数)或 1n na a d ( n N ,d 为常数),则此
数列是等差数列,其中常数 d 叫做等差数列的公差。
要点诠释:定义中要求“同一个常数 d ”,必须与 n 无关。
等差中项
如果 a , A , b 成等差数列,那么 A 叫做 a 与b 的等差中项,即
2
baA .
要点诠释:
①两个数的等差中项就是两个数的算术平均数。任意两实数 a,b 的等差中项存在且唯一.
②三个数 a , A , b 成等差数列的充要条件是
2
baA .
要点二、等差数列的通项公式
等差数列的通项公式
首相为 1a ,公差为 d 的等差数列{ }na 的通项公式为:
1 ( 1)na a n d ( *n N )
推导过程:
(1)归纳法:
根据等差数列定义 1n na a d 可得: 1n na a d ,
∴ 2 1 1 (2 1)a a d a d ,
3 2 1 1 1( ) 2 (3 1)a a d a d d a d a d ,
4 3 1 1 1( 2 ) 3 (4 1)a a d a d d a d a d ,
……
dnaan )1(1
当 n=1 时,上式也成立
∴归纳得出等差数列的通项公式为: dnaan )1(1 ( n N )。
(2)叠加法:
根据等差数列定义 1n na a d ,有:
2 1a a d ,
3 2a a d ,
4 3a a d ,
…
1n na a d
把这 1n 个等式的左边与右边分别相加(叠加),并化简得 1 ( 1)na a n d ,
∴ 1 ( 1)na a n d .
(3)迭代法:
dnadddaddadaa
n
nnn )1()()( 1
2
221
∴ 1 ( 1)na a n d .
要点诠释:
①通项公式由首项 1a 和公差 d 完全确定,一旦一个等差数列的首项和公差确定,该等差数列就唯一确
定了。
②通项公式中共涉及 1a 、 n 、 d 、 na 四个量,已知其中任意三个量,通过解方程,便可求出第四个
量。
等差数列通项公式的推广
已知等差数列{ }na 中,第 m 项为 ma ,公差为 d ,则:
( )n ma a n m d
证明:∵ 1 ( 1)na a n d , 1 ( 1)ma a m d
∴ 1 1[ ( 1) ] [ ( 1) ] ( )n ma a a n d a m d n m d
∴ ( )n ma a n m d
由上可知,等差数列的通项公式可以用数列中的任一项与公差来表示,公式 1 ( 1)na a n d 可以看
成是 1m 时的特殊情况。
要点三、等差数列的性质
等差数列{ }na 中,公差为 d ,则
①若 , , ,m n p q N ,且 m n p q ,则 m n p qa a a a ,
特别地,当 2m n p 时 2m n pa a a .
②下标成公差为 m 的等差数列的项 ka , k ma , 2k ma ,…组成的新数列仍为等差数列,公差为 md .
③若数列 nb 也为等差数列,则 n na b , nka b ,(k,b 为非零常数)也是等差数列.
④ 1 2 3 4 5 6 7 8 9, , ,a a a a a a a a a ……仍是等差数列.
⑤数列 +na b ( ,b为非零常数)也是等差数列.
要点四、等差数列的前 n 项和公式
等差数列的前 n 项和公式
公式一:
2
)( 1 n
n
aanS
证明:倒序相加法
nnn aaaaaS 1321 ①
1221 aaaaaS nnnn ②
①+②: 1 2 1 3 2 12 ( ) ( ) ( ) ( )n n n n nS a a a a a a a a
∵ 1 2 1 3 2 1n n n na a a a a a a a
∴ )(2 1 nn aanS
由此得:
2
)( 1 n
n
aanS
公式二:
2
)1(
1
dnnnaSn
证明:将 dnaan )1(1 代入
2
)( 1 n
n
aanS 可得:
2
)1(
1
dnnnaSn
要点诠释:
①倒序相加是数列求和的重要方法之一。
②上面两个公式均为等差数列的求和公式,共涉及 1a 、 n 、 d 、 na 、 nS 五个量,已知其中任意三个
量,通过解方程组,便可求出其余两个量。
要点五、等差数列的前 n 项和的有关性质
等差数列{ }na 中,公差为 d ,则
①连续 k 项的和依然成等差数列,即 kS , 2k kS S , 3 2k kS S ,…成等差数列,且公差为 2k d .
②若项数为 2n,则 2 1( )n n nS n a a , S S nd 偶 奇 ,
1
n
n
S a
S a
奇
偶
③若项数为 2n-1,则 2 1 (2 1)n nS n a , nS na奇 , ( 1) nS n a 偶 , nS S a 奇 偶 ,
1
S n
S n
奇
偶
要点六、等差数列中的函数关系
等差数列{ }na 的通项公式是关于 n 的一次函数(或常数函数)
等差数列{ }na 中, 1 1( 1) ( )na a n d dn a d ,令 1a d b ,则:
na dn b ( d ,b 是常数且 d 为公差)
(1)当 0d 时, na b 为常数函数,{ }na 为常数列;它的图象是在直线 y b 上均匀排列的一群孤
立的点。
(2)当 0d 时, na dn b 是 n 的一次函数;它的图象是在直线 y dx b 上均匀排列的一群孤立
的点。
①当 0d 时,一次函数单调增,{ }na 为递增数列;
②当 d <0 时,一次函数单调减,{ }na 为递减数列。
等差数列{ }na 的前 n 项和公式是关于 n 的一个常数项为零的二次函数(或一次函数)
由 ndanddnnnaSn )2(22
)1(
1
2
1 ,令
2
dA , 1 2
dB a ,则:
2
nS An Bn ( A , B 为常数)
(1)当 0d 即 0A 时, 1nS Bn na , nS 是关于 n 的一个一次函数;它的图象是在直线 1y a x
上的一群孤立的点。
(2)当 0d 即 0A 时, nS 是关于 n 的一个常数项为零的二次函数;它的图象是在抛物线
2y Ax Bx 上的一群孤立的点。
①当 0d 时 nS 有最小值
②当 0d 时, nS 有最大值
要点诠释:
1.公差不为 0 的等差数列{ }na 的通项公式是关于 n 的一次函数。
2. na pn q ( p , q 是常数)是数列{ }na 成等差数列的充要条件。
3.公差不为 0 的等差数列{ }na 的前 n 项和公式是关于 n 的一个常数项为零的二次函数。
4.
2
nS An Bn (其中 A , B 为常数)是数列{ }na 成等差数列的充要条件.
【典型例题】
类型一:等差数列的定义
例 1.(1)求等差数列 3,7,11,……的第 11 项.
(2)100 是不是等差数列 2,9,16,……的项?如果是,是第几项?如果不是,说明理由.
【思路点拨】
(1)根据所给数列的前 2 项求得首项和公差,写出该数列的通项公式,从而求出所求项;(2)题中要
想判断一数是否为某一数列的其中一项,关键是要看是否存在一正整数 n 值,使得 na 等于这一数.
【解析】
(1)根据题意可知: 1 3a , 7 3 4d .
∴该数列的通项公式为: 3 4( 1) 4 1na n n ( 1n , n N )
∴ 11 3 4(11 1) 43a .
(2)根据题意可得: 1 2a , 9 2 7d .
∴此数列通项公式为: 2 7( 1) 7 5na n n ( 1n , n N ).
令 7 5 100n ,解得: 15n ,
∴100 是这个数列的第 15 项.
【总结升华】
1.根据所给数列的前 2 项求得首项 1a 和公差 d ,写出通项公式 na .
2.要注意解题步骤的规范性与准确性.
举一反三:
【变式 1】求等差数列 8,5,2…的第 21 项
【答案】由 1 8a , 5 8 2 5 3d ,∴ 21 8 (21 1) ( 3) 52a .
【变式 2】-20 是不是等差数列 0, 7
2
,-7,……的项?如果是,是第几项?如果不是,说明理由.
【答案】由题意可知: 1 0a , 7
2d ,∴此数列的通项公式为: 7 7
2 2na n ,
令 7 720 2 2n ,解得 47
7n N ,所以-20 不是这个数列的项.
【变式 3】求集合 *{ | 7 , , 100}M m m n n N m 的元素的个数,并求这些元素的和
【答案】∵ 7 100n , ∴ 214 7n , ∵ *n N ,∴ M 中有 14 个元素符合条件,
又∵满足条件的数 7,14,21,…,98 成等差数列,即 1 7a , 7d , 14 98a ,
∴ 7352
)987(14
14 S .
例 2.已知数列{ }na 的通项公式为 3 5,na n 这个数列是等差数列吗?
【思路点拨】
由等差数列的定义,要判定{ }na 是不是等差数列,只要看 1 nn aa ( 2n )是不是一个与 n 无关的
常数。
【解析】因为 2n 时,
1 3 5 [3( 1) 5] 3,n na a n n
所以数列{ }na 是等差数列,且公差为 3.
【总结升华】
1. 定义法和等差中项法是证明等差数列的常用方法.
2. 一般地,如果一个数列{ }na 的前 n 项和为 2
nS pn qn r ,其中 p 、 q 、 r 为常数,且 0p ,
那么当常数项 0r 时,这个数列一定是等差数列;当常数项 0r 时,这个数列不是等差数列,但从第二
项开始的新数列是等差数列.
举一反三:
【变式 1】(2015 北京)设{an}是等差数列,下列结论中正确的是
A.若 a1+a2>0,则 a2+a3>0
B.若 a1+a3<0,则 a1+a2<0
C.若 0<a1<a2,则 2 1 3a a a
D.若 a1<0,则(a2-a1)(a2-a3)>0
【答案】分析四个答案,A 举一反例,如 1 2a , 2 1a , 3 4a ,a1+a2>0,而 a2+a3<0,A 错误;
同样 B,如 1 2a , 2 1a , 3 4a ,a1+a3<0,则 a1+a2>0,B 错误;
对于 C,{an}是等差数列,若 0<a1<a2,则 a1>0,设公差为 d,则 d>0 ,数列各项均为正,
2 2
1 2 2 2 2( )( )a a a d a d a d ,∵ 2 2 2
2 2a a d ,∴ 2 1 3a a a ;
对于 D, 2
2 1 2 3( )( ) 0a a a a d
故选:C.
【变式 2】已知数列{ }na 中, 1 1a , 1
2
2
n
n
n
aa a
( *n N ),求证: 1{ }
na
是等差数列。
证明:∵ 1
2
2
n
n
n
aa a
,∴
1
21 1 1
2 2
n
n n n
a
a a a
∴
1
1 1 1
2n na a
,∴ 1{ }
na
是公差为 1
2
的等差数列。
类型二:等差数列通项公式的应用
例 3.已知等差数列{ }na 中, 15 33a , 45 153a ,试问 217 是否为此数列的项?若是,说明是第几
项?若不是,说明理由。
【思路点拨】等差数列的计算,一般优先考虑使用性质,如果不宜用性质,则回归为基本量 a1、d 的问题,
列出 a1、d 的方程组。
【解析】
方法一:由通项公式得: 15 1
45 1
14 33
44 153
a a d
a a d
,解得 1 23
4
a
d
,
∴ 23 4( 1) 4 27na n n ( 1n , n N ),
∴ 217 4 27n ,解得 61n .
方法二:由等差数列性质,得 45 15 30a a d ,即153 33 30d ,解得 4d ,
∴ 15 4( 15)na a n , ∴ 217 33 4( 15)n ,解得 61n .
方法三:由等差数列的几何意义可知,等差数列是一些共线的点,
∵点 (15,33)P 、 (45,153)Q 、 ( ,217)R n 在同一条直线上,
∴
45
153217
1545
33153
n
,解得 61n 。
【总结升华】
1. 等差数列的关键是首项 1a 与公差 d ;五个基本量 1a 、n 、d 、 na 、 nS 中,已知三个基本量便可求
出其余两个量;
2.列方程(组)求等差数列的首项 1a 和公差 d ,再求出 na 、 nS ,是数列中的基本方法.
举一反三:
【变式 1】在等差数列{ }na 中,已知 5 1210, 31,a a 求首项 1,a 与公差 d .
【答案】由 1
1
5 4 10
12 11 31
a d
a d
解得; 1 2 , 5a d
【变式 2】等差数列{ }na 中, 4d , 18na , 48nS ,求 1a 的值.
【答案】
1
1
( 1) 18
( 1) 482
n
n
a a n d
n nS na d
即 1
1
4( 1) 18
2 ( 1) 48
a n
na n n
,
解得: 1 6
4
a
n
或 1 2
6
a
n
.
【变式 3】已知等差数列{ }na , 3
5
4a , 7
3
4a ,则 15a = 。
【答案】
方法一:设数列{ }na 首项为 1a ,公差为 d ,则
4
36
4
52
1
1
da
da
, 解得
4
9
2
1
1a
d
,
∴
4
19)2
1(144
914115 daa 。
方法二:∵ 7 3 4a a d , ∴ 3 5 44 4 d ,解得:
2
1d ,
∴
4
19)715(715 daa .
方法三:∵{ }na 为等差数列,∴ 3a , 7a , 11a , 15a ,…,也成新的等差数列,
由 3
5
4a , 7
3
4a 知上述新数列首项为
4
5 ,公差为-2
∴ 15
5 19(4 1)( 2)4 4a .
类型三:活用等差数列的性质解题
例 4. 已知等差数列 }{ na 中,若 3 8 13 12a a a , 3 8 13 28a a a ,求 }{ na 的通项公式。
【思路点拨】可以直接列方程组求解 1a 和 d ;同时留意到脚标 3 13 8 2 ,可以用性质:当
2m n p 时 2m n pa a a 解题.
【解析】∵ 3 13 82a a a ,∴ 3 8 13 83 12a a a a 即 8 4a ,
代入已知,有
7
8
133
133
aa
aa
,解得
7
1
13
3
a
a 或
1
7
13
3
a
a ,
当 3 1a , 13 7a 时,
5
3
10
17
313
313
aad ,∴
5
4
5
3
5
3)3(3 nnaan ;
当 3 7a , 13 1a 时, 13 3 1 7 3
13 3 10 5
a ad , ∴
5
44
5
3 nan .
【总结升华】利用等差数列的性质解题,往往比较简捷.
举一反三:
【变式 1】在等差数列 }{ na 中, 2 8 18a a ,则 5a =
【答案】9
【变式 2】在等差数列 }{ na 中, 2 5 8 11 20a a a a ,则 6 7a a+ =
【答案】10
【变式 3】在等差数列 }{ na 中,若 1 6 9a a , 4 7a , 则 3a = , 9a =
【答案】∵ 1 6 4 3 9a a a a , 4 7a ,∴ 3 49 9 7 2a a ,
∴ 4 3 5d a a ,∴ 9 4 (9 4) 32a a d .
类型四:前 n 项和公式及性质的运用
例 5. 已知等差数列{an}的公差 d>0,设{an}的前 n 项和为 Sn,a1=1,S2•S3=36.
(Ⅰ)求 d 及 Sn;
(Ⅱ)求 m,k(m,k
∈
N*)的值,使得 am+am+1+am+2+…+am+k=65.
【思路点拨】(1)利用 S2•S3=36 求得 d,然后利用等差数列的求和公式求 Sn;(2)利用前 n 项和公式
求和,然后对 k,m 进行讨论。
【答案】(Ⅰ)d=2; *2
1 N2
1S nndnnnan .(Ⅱ)k=4,m=5
【解析】(Ⅰ)由 a1=1,S2•S3=36 得,
(a1+a2)(a1+a2+a3)=36,
即(2+d)(3+3d)=36,化为 d2+3d-10=0,解得 d=2 或-5,
又公差 d>0,则 d=2,
所以 *2
1 N2
1S nndnnnan .
(Ⅱ)由(Ⅰ)得,an=1+2(n-1)=2n-1,
由 am+am+1+am+2+…+am+k=65 得, 652
1 =kmm aak ,
即(k+1)(2m+k-1)=65,
又 m,k
∈
N*,则(k+1)(2m+k-1)=5×13,或(k+1)(2m+k-1)=1×65,
下面分类求解:
当 k+1=5 时,2m+k-1=13,解得 k=4,m=5;
当 k+1=13 时,2m+k-1=5,解得 k=12,m=-3,故舍去;
当 k+1=1 时,2m+k-1=65,解得 k=0,故舍去;
当 k+1=65 时,2m+k-1=1,解得 k=64,m=-31,故舍去;
综上得,k=4,m=5.
【总结升华】本题考查等差数列的前 n 项和公式,熟练应用公式解题。
举一反三:
【变式 1】(2016 江苏高考)已知{an}是等差数列,Sn 是其前 n 项和.若 a1+a22= - 3,S5=10,则 a9
的值是 .
【答案】由 5 10S 得 3 2a ,因此 2
92 2 (2 d) 3 3, 2 3 6 20.d d a
【变式 2】等差数列 }{ na 中,若 4 9a , 则 7S =_________.
【答案】由 1 2 1
2 1
(2 1)( ) (2 1)2
n
n n
n a aS n a
,得 7 47 7 9 63S a .
【变式 3】已知两等差数列 }{ na 、{ }nb 的前 n 项和分别为 nS 、 nT ,且 4 3
5 2
n
n
S n
T n
,则 10
10
a
b = .
【答案】 10 19
10 19
4 19 3 79
5 19 2 93
a S
b T
.
【变式 4】等差数列 }{ na 前 m 项和为 30,前 2m 项和为 100,求它的前 3m 项和.
【解析】
方法一:利用等差数列的前 n 项和公式 dnnnaSn 2
)1(
1
求解。
由已知得
1002
)12(22
302
)1(
12
1
dmmmaS
dmmmaS
m
m
,解得 221
40,2010
m
d
mma ,
∴ 3 1
3 (3 1)3 2102m
m mS ma d 。
方法二:利用等差数列前 n 项和公式
2
)( 1 n
n
aanS 及性质 m n p q ,则 m n p qa a a a 求解。
由已知得
)4.........(
)3........(2)(3
)2.(..........100)(
)1....(..........60)(
223
331
21
1
mmmm
mm
m
m
aaaa
Saam
aam
aam
由(3)-(2)及(2)-(1)结合(4), 得 S3m=210.
方法三:根据性质:“已知{an}成等差数列,则 Sn,S2n-Sn, S3n-S2n,……,Skn-S(k-1)n,……(k≥2)成等差数列”
解题。
由上述性质,知 Sm,S2m-Sm,S3m-S2m 成等差数列。
∴Sm+(S3m-S2m)=2(S2m-Sm), ∴ S3m=3(S2m-Sm)=210.
方法四:由 dnnnaSn 2
)1(
1
的变形式解题,由上式知,
2)1(1
dnan
Sn
∴数列 }{ n
Sn 也成等差数列,即
m
S
m
S
m
S mmm
3,2, 32 成等差数列,
∵
m
S
m
S
m
S mmm
32
2 32 ,又 Sm=30, S2m=100, ∴S3m=210.
方法五:∵{an}为等差数列, ∴设 2
nS An Bn
∴Sm=am2+bm=30,S2m=4m2a+2mb=100, 得 2
20A m
, 10B m
∴S3m=9m2a+3mb=210.
例 6.一等差数列由 3 个数组成,3 个数之和为 9,3 个数的平方和为 35,求这个数列。
【思路点拨】
本题设这三个数时,常规设法为 a , a d , 2a d ,但不如用对称设法设为 a d , a , a d 。
【解析】设这三个数分别为 a d , a , a d ,则
2 2 2
( ) ( ) 9
( ) ( ) 35
a d a a d
a d a a d
,解得 3a , 2d .
∴所求三个数分别为 1,3,5 或 5,3,1。
【总结升华】
1. 三个数成等差数列时,可设其分别为 x d , x , x d ;若四个数成等差数列,可设其分别为
3x d , x d , x d , 3x d .
举一反三:
【变式】已知四个数成等差数列,且其平方和为 94,首尾两数之积比中间两数之积少 18,求此四个
数。
【答案】-1,2,5,8 或 8,5,2,-1 或-8,-5,-2,1 或 1,-2,-5,-8
类型五:等差数列前 n 项和的最值问题
例 7.已知数列 }{ na 是等差数列, 1 0a , 9 17S S ,试问 n 为何值时,数列的前 n 项和最大?为什么?
【思路点拨】
要研究一个等差数列的前 n 项和的最值问题,有两个基本途径:其一是利用 nS 是 n 的二次函数关系来
考虑;其二是通过考察数列的单调性来解决。
【解析】
方法一:∵ 9 17S S , ∴ 1 19 36 17 136a d a d 即 18 100a d ,
∵ 1 0a , ∴ 025
2
1 ad ,
又 2 21 1
1 1 1 1
( 1) ( 1) 2 169( ) ( 26 ) ( 13)2 2 25 25 25 25n
a an n n nS na d na a n n n a ,
∵ 1 0a ,∴ 当 13n , nS 有最大值为 125
169 a .
方法二:要使 nS 最大, n 必须使 0na 且 1 0na ,
即
0
025
27)1(25
2
025
27
25
2)1(
1
111
111
a
anaa
anadnaa
n
n
解得
2
27
2
25 n , ∵ n N ,
∴ 13n 时, nS 最大为 1113 25
169
2
121313 adaS .
【总结升华】
对等差数列前项和的最值问题有两种方法:
1. 利用 na :
当 0na , 0d 时,前 n 项和有最大值。可由 0na ,且 1 0na ,求得 n 的值;
当 0na , 0d 时,前 n 项和有最小值。可由 0na ,且 1 0na ,求得 n 的值.
2. 利用 nS :由 2
1( )2 2n
d dS n a n 利用二次函数配方法求得最值时 n 的值
举一反三:
【变式】设等差数列 }{ na 的前 n 项和为 nS , 已知 3 12a , 12 0S , 13 0S .
(1)求公差 d 的取值范围;
(2)指出 1S , 2S ,…, 12S 中哪一个值最大,并说明理由.
【答案】
(1)依题意,有
12 1
13 1
3 1
12 (12 1)12 02
13 (13 1)13 02
2 12
S a d
S a d
a a d
,即
1
1
1
2 11 0
6 0
12 2
a d
a d
a d
,
解得 24 37 d .
(2)法一:由 0d ,可知 1 2 3 12 13...a a a a a .
设存在自然数 n ,使得 nS 就是 1S , 2S ,…, 12S 中的最大值,只需 0na , 1 0na ,
由
1 12
12 6 7
6 7 6
1 13 7 7
13 7
12( ) 6( ) 0 0 02
13( ) 0 013 02
a aS a a a a a
a a a aS a
,
故 6S 是 1S , 2S ,…, 12S 中的最大值.
法二: 2 2
1
( 1) 1 24 24[ (5 )] (5 )2 2 2 8n
n n d dS na d n d d
∵ 0d , ∴ 21 24[ (5 )]2n d
最小时, nS 最大,
∵ 24 37 d , ∴ 1 246 (5 ) 6.52 d
,
∴ 6n 时, 21 24[ (5 )]2n d
最小,
故 6S 是 1S , 2S ,…, 12S 中的最大值.
相关文档
- 高中数学第一章1-2-3函数的极值与2021-06-166页
- 甘肃省武威第一中学 2016-2017 学2021-06-1611页
- 2020年江西省南昌二中高考质量检测2021-06-1619页
- 高考数学总复习第十二章概率课时规2021-06-166页
- 高二数学第 1 讲 课题:椭圆知识点整2021-06-1610页
- 高中数学立体几何知识点归纳总结2021-06-1614页
- 江苏省常州市前黄高级中学、溧阳中2021-06-1618页
- 高考卷 06 普通高等学校招生全国统2021-06-1618页
- 高中数学【必修1—必修5】学业水平2021-06-1623页
- 高中数学人教a版选修4-1学业分层测2021-06-168页