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- 2021-06-23 发布
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课标
版
第二节 不等式的证明
1.比较法
(1)作差法(
a
、
b
∈R):
a
-
b
>0
⇔
①
a
>
b
;
a
-
b
<0
⇔
a
<
b
;
a
-
b
=0
⇔
a
=
b
.
(2)作商法(
a
>0,
b
>0):
>②
1
⇔
a
>
b
;
<1
⇔
a
<
b
;
=1
⇔
a
=
b
.
教材研读
2.综合法与分析法
(1)综合法:从已知条件出发,利用定义、公理、定理、性质等,经过一系
列的③
推理、论证
而得出命题成立.综合法又叫顺推证法或由因导
果法.
(2)分析法:证明命题时,从待证不等式出发,逐步寻求使它成立的
④
充分条件
,直到所需条件为已知条件或一个明显成立的事实(定义、公理、定理等).这是一种⑤
执果索因
的思考和证明方法.
3.反证法
先假设要证明的命题⑥
不成立
,以此为出发点,结合已知条件,应用
公理、定义、定理、性质等,进行正确的⑦
推理
,得到和命题的条
件(或已证明的定理、性质、明显成立的事实等)⑧
矛盾
的结论,以
说明假设⑨
不正确
,从而证明原命题成立,我们把它称为反证法.
4.放缩法
证明不等式时,通过把所证不等式的一边适当地⑩
放大
或
缩小
,以利于化简,并使它与不等式的另一边的不等关系更为明显,从而得出原不等式成立,这种方法称为放缩法.
5.平均值不等式
如果
a
1
、
a
2
、
…
、
a
n
为
n
个正数,则
≥
,当且仅当
a
1
=
a
2
=
…
=
a
n
时,等号成立.
附:不等式证明的常用方法有:(1)比较法;(2)综合法;(3)分析法;(4)反证
法;(5)放缩法;(6)换元法;(7)构造法.
1.已知
a
,
b
∈R
+
,
a
+
b
=2,则
+
的最小值为
( )
A.1 B.2 C.4 D.8
答案
B ∵
a
,
b
∈R
+
,且
a
+
b
=2,
∴(
a
+
b
)
=2+
+
≥
2+2
=4,
∴
+
≥
=2,
即
+
的最小值为2(当且仅当
a
=
b
=1时,“=”成立).故选B.
2.若
a
,
b
,
m
∈R
+
,且
a
>
b
,则下列不等式一定成立的是
( )
A.
≥
B.
>
C.
≤
D.
<
答案
B ∵
a
,
b
,
m
∈R
+
,且
a
>
b
,
∴
-
=
>0,
即
>
,故选B.
3.若0<
a
<
b
<1,则
a
+
b
,2
,
a
2
+
b
2
,2
ab
中最大的一个是
( )
A.
a
+
b
B.2
C.
a
2
+
b
2
D.2
ab
答案
A 易知
a
+
b
>2
,
a
2
+
b
2
>2
ab
,故只需比较
a
+
b
与
a
2
+
b
2
的大小即
可.
(
a
2
+
b
2
)-(
a
+
b
)=
a
(
a
-1)+
b
(
b
-1),
∵0<
a
<1,0<
b
<1,
∴
a
(
a
-1)+
b
(
b
-1)<0,
∴
a
2
+
b
2
<
a
+
b
.故选A.
4.设
a
>0,
b
>0,若
是3
a
与3
b
的等比中项,求证:
+
≥
4.
证明
由
是3
a
与3
b
的等比中项得3
a
·3
b
=3,即
a
+
b
=1.
要证原不等式成立,
只需证
+
≥
4,
即证
+
≥
2.
因为
a
>0,
b
>0,
所以
+
≥
2
=2
当且仅当
=
,即
a
=
b
=
时,取等号
,
所以
+
≥
4.
考点一 比较法证明不等式
典例1
设
a
,
b
是非负实数,求证:
a
3
+
b
3
≥
(
a
2
+
b
2
).
证明
∵
a
,
b
是非负实数,
∴
a
3
+
b
3
-
(
a
2
+
b
2
)=
a
2
(
-
)+
b
2
(
-
)
=(
-
)[(
)
5
-(
)
5
].
当
a
≥
b
时,
≥
,从而(
)
5
≥
(
)
5
,
得(
-
)[(
)
5
-(
)
5
]
≥
0;
当
a
<
b
时,
<
,从而(
)
5
<(
)
5
,
得(
-
)[(
)
5
-(
)
5
]>0.
所以
a
3
+
b
3
≥
(
a
2
+
b
2
).
考点突破
方法技巧
作差比较法证明不等式的步骤:
(1)作差;(2)变形;(3)判断差的符号;(4)下结论.其中“变形”是关键,通常
将差变形成因式连乘的形式或平方和的形式,再结合不等式的性质判断
出差的正负.
注:作商比较法也有类似的步骤,但注意其比较的是两个正数的大小,且
第(3)步要判断商与1的大小.
1-1
已知
a
,
b
∈(0,+
∞
),证明:
a
a
b
b
≥
(
ab
.
证明
a
,
b
∈(0,+
∞
),
=
=
,
当
a
=
b
时,
=1.
当
a
>
b
时,
>1,
>0,
则
>1.
当
b
>
a
时,0<
<1,
<0,
则
>1.
综上可知,
a
a
b
b
≥
(
ab
成立.
考点二 综合法与分析法证明不等式
典例2
(2015课标Ⅱ,24,10分)设
a
,
b
,
c
,
d
均为正数,且
a
+
b
=
c
+
d
,证明:
(1)若
ab
>
cd
,则
+
>
+
;
(2)
+
>
+
是|
a
-
b
|<|
c
-
d
|的充要条件.
证明
(1)因为(
+
)
2
=
a
+
b
+2
,(
+
)
2
=
c
+
d
+2
,且
a
+
b
=
c
+
d
,
ab
>
cd
,所以(
+
)
2
>(
+
)
2
.
因此
+
>
+
.
(2)(i)若|
a
-
b
|<|
c
-
d
|,
则(
a
-
b
)
2
<(
c
-
d
)
2
,
即(
a
+
b
)
2
-4
ab
<(
c
+
d
)
2
-4
cd
.
因为
a
+
b
=
c
+
d
,所以
ab
>
cd
.
由(1)得
+
>
+
.
(ii)若
+
>
+
,
则(
+
)
2
>(
+
)
2
,
即
a
+
b
+2
>
c
+
d
+2
.
因为
a
+
b
=
c
+
d
,
所以
ab
>
cd
.
于是(
a
-
b
)
2
=(
a
+
b
)
2
-4
ab
<(
c
+
d
)
2
-4
cd
=(
c
-
d
)
2
.
因此|
a
-
b
|<|
c
-
d
|.
综上,
+
>
+
是|
a
-
b
|<|
c
-
d
|的充要条件.
1.利用综合法证明不等式时,应注意对已证不等式的使用,常用的不等式
有:(1)
a
2
≥
0;(2)|
a
|
≥
0;(3)
a
2
+
b
2
≥
2
ab
,它的变形形式有(
a
+
b
)
2
≥
4
ab
,
≥
等;(4)
≥
(
a
≥
0,
b
≥
0),它的变形形式有
a
+
≥
2(
a
>0),
+
≥
2(
ab
>0),
+
≤
-2(
ab
<0)等.
规律总结
2.分析法证明不等式的注意事项:用分析法证明不等式时,不要把“逆
求”错误地作为“逆推”,分析法的过程仅需要寻求充分条件即可,而
不是充要条件,也就是说,分析法的思维是逆向思维,因此在证题时,应正
确使用“要证”“只需证”这样的连接“关键词”.
2-1
(2016辽宁沈阳模拟)设
a
,
b
,
c
>0,且
ab
+
bc
+
ca
=1.求证:
(1)
a
+
b
+
c
≥
;
(2)
+
+
≥
(
+
+
).
证明
(1)要证
a
+
b
+
c
≥
,
由于
a
,
b
,
c
>0,
因此只需证明(
a
+
b
+
c
)
2
≥
3.
即证
a
2
+
b
2
+
c
2
+2(
ab
+
bc
+
ca
)
≥
3,
而
ab
+
bc
+
ca
=1,
故只需证明
a
2
+
b
2
+
c
2
+2(
ab
+
bc
+
ca
)
≥
3(
ab
+
bc
+
ca
).
即证
a
2
+
b
2
+
c
2
≥
ab
+
bc
+
ca
.
而这可以由
ab
+
bc
+
ca
≤
+
+
=
a
2
+
b
2
+
c
2
(当且仅当
a
=
b
=
c
时等号成立)证得.
所以原不等式成立.
(2)
+
+
=
.
在(1)中已证
a
+
b
+
c
≥
,
因此要证原不等式成立,
只需证明
≥
+
+
,
即证
a
+
b
+
c
≤
1,
因为
a
=
≤
,
b
≤
,
c
≤
,
所以
a
+
b
+
c
≤
ab
+
bc
+
ca
(当且仅当
a
=
b
=
c
=
时等号成立).
所以原不等式成立.
考点三 放缩法证明不等式
典例3
求证:
-
<1+
+
…
+
<2-
(
n
∈N
*
且
n
≥
2).
证明
∵
k
(
k
+1)>
k
2
>
k
(
k
-1)(
k
∈N
*
且
k
≥
2),
∴
<
<
,即
-
<
<
-
.
分别令
k
=2,3,
…
,
n
得
-
<
<1-
,
-
<
<
-
,
……
-
<
<
-
,将这些不等式相加得
-
+
-
+
…
+
-
<
+
+
…
+
<1-
+
-
+
…
+
-
,即
-
<
+
+
…
+
<1-
,
∴1+
-
<1+
+
+
…
+
<1+1-
,
即
-
<1+
+
+
…
+
<2-
(
n
∈N
*
且
n
≥
2)成立.
方法技巧
(1)利用放缩法证明不等式,要根据不等式两边的特点进行恰当放缩,任
何不适宜的放缩都会导致推证的失败.
(2)利用放缩法证明不等式就是舍掉式中一些正项或负项,或者在分式
中放大或缩小分子、分母,或者把和式中各项或某项换以较大或较小的
数
……
,从而达到证明不等式的目的.
3-1
证明:不等式1+
+
+
…
+
<2
(
n
∈N
*
).
证明
证法一:∵
-
=
>
(
k
∈N
*
),
∴
<2(
-
).
分别令
k
=1,2,3,
…
,
n
,则有
<2(
-
),
<2(
-
),
<2(
-
),
……
,
<2(
-
),
将这些式子相加可得1+
+
+
…
+
<2
(
n
∈N
*
).
证法二:设
f
(
n
)=2
-
,
则由
f
(
k
+1)-
f
(
k
)=2
-2
-
=
=
>0(
k
∈N
*
),得
f
(
k
+1)>
f
(
k
),
∴
f
(
n
)在
n
∈N
*
上是增函数.
∴
f
(
n
)
≥
f
(1)=1>0.
∴1+
+
+
…
+
<2
(
n
∈N
*
).
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