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- 2021-06-23 发布
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课时跟踪检测(五) 函数的单调性与导数
A级——学考水平达标
1.函数f(x)=xln x的单调递增区间是( )
A.(0,1) B.(1,+∞)
C. D.
解析:选D 由f′(x)=ln x+1>0,可得x>,∴函数的单调递增区间为.
2.已知函数f(x)=-x,则f(x)在(0,+∞)上的单调性为( )
A.f(x)在(0,+∞)上是增函数
B.f(x)在(0,1)上是增函数,在(1,+∞)上是减函数
C.f(x)在(0,+∞)上是减函数
D.f(x)在(0,1)上是减函数,在(1,+∞)上是增函数
解析:选C 因为f′(x)=--1<0,所以f(x)在(0,+∞)上是减函数,选C.
3.若函数y=x3+x2+mx+1是R上的单调函数,则实数m的取值范围是( )
A. B.
C. D.
解析:选C ∵y′=3x2+2x+m,由条件知y′≥0在R上恒成立,∴Δ=4-12m≤0,∴m≥.
4.如图为函数y=f(x)的导函数y=f′(x)的图象,那么函数y=f(x)的图象可能为( )
解析:选A 由导函数y=f′(x)的图象,可知当-13或x<-1时,f′(x)>0,所以y=f(x)在(-∞,-1)和(3,+∞)上单调递增.综上,函数y=f(x)的图象的大致形状如A中图所示,所以选A.
5.函数f(x)=x3+ax+b在区间(-1,1)上为减函数,在(1,+∞)上为增函数,则( )
6
A.a=1,b=1 B.a=1,b∈R
C.a=-3,b=3 D.a=-3,b∈R
解析:选D f′(x)=3x2+a.
∵f(x)在(-1,1)上为减函数,在(1,+∞)上为增函数,
∴f′(1)=3+a=0,∴a=-3,b∈R.
6.函数f(x)=cos x+x的单调递增区间是________.
解析:因为f′(x)=-sin x+>0,所以f(x)在R上为增函数.
答案:(-∞,+∞)
7.函数f(x)=x+(b>0)的单调递减区间为________.
解析:函数f(x)的定义域为(-∞,0)∪(0,+∞),f′(x)=′=1-,
令f′(x)<0,则(x+)(x-)<0,
∴-0,
∵当x∈(-1,2)时,(x+1)(x-2)<0,∴a<0.
答案:(-∞,0)
9.已知函数f(x)=x3+ax2+bx,且f′(-1)=-4,f′(1)=0.
(1)求a和b的值;
(2)试确定函数f(x)的单调区间.
解:(1)∵f(x)=x3+ax2+bx,
∴f′(x)=x2+2ax+b,
由得
解得a=1,b=-3.
(2)由(1)得f(x)=x3+x2-3x.
f′(x)=x2+2x-3=(x-1)(x+3).
由f′(x)>0,得x>1或x<-3;由f′(x)<0,得-30,
所以f(x)在(0,+∞)上单调递增.
②若a>0,则由f′(x)=0得x=,
且当x∈时,f′(x)>0,
当x∈时,f′(x)<0,
所以f(x)在上单调递增,
在上单调递减.
B级——高考能力达标
1.函数y=xcos x-sin x在下列哪个区间内是增函数( )
A. B.(π,2π)
C. D.(2π,3π)
解析:选B y′=cos x+x(-sin x)-cos x=-xsin x,用排除法知B正确.
2.已知函数f(x)=x+(x>1),则有( )
A.f(2)0,所以f(x)在(1,+∞)上是增函数,所以f(2)0,∴a>0.
答案:(0,+∞)
7.设函数f(x)=ax--2ln x.
6
(1)若f′(2)=0,求f(x)的单调区间;
(2)若f(x)在定义域上是增函数,求实数a的取值范围.
解:(1)因为f′(x)=a+-,且f′(2)=0,
所以a+-1=0,所以a=.
所以f′(x)=+-=(2x2-5x+2),
令f′(x)≥0,解得x≤或x≥2,
令f′(x)≤0,解得≤x≤2,
所以f(x)的递增区间为和[2,+∞),
递减区间为.
(2)若f(x)在定义域上是增函数,则f′(x)≥0恒成立,
因为f′(x)=a+-=,
所以需ax2-2x+a≥0恒成立,
所以解得a≥1.
所以a的取值范围是[1,+∞).
8.已知函数f(x)=aln x-ax-3(a∈R).
(1)求函数f(x)的单调区间;
(2)当a=-1时,证明:当x∈(1,+∞)时,f(x)+2>0.
解:(1)根据题意知,f′(x)=(x>0),
当a>0时,则当x∈(0,1)时,f′(x)>0,当x∈(1,+∞)时,f′(x)<0,所以f(x)的单调递增区间为(0,1),单调递减区间为(1,+∞);
同理,当a<0时,f(x)的单调递增区间为(1,+∞),单调递减区间为(0,1);
当a=0时,f(x)=-3,不是单调函数,无单调区间.
(2)证明:当a=-1时,f(x)=-ln x+x-3,
所以f(1)=-2,
由(1)知f(x)=-ln x+x-3在(1,+∞)上单调递增,
所以当x∈(1,+∞)时,f(x)>f(1).
即f(x)>-2,所以f(x)+2>0.
6
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