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- 2021-06-24 发布
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关于线线、线面及面面垂直的问题
典型例题:
例1. (2012年浙江省理5分)已知矩形,,.将沿矩形的对角线所在的直线进行翻折,在翻折过程中,【 】
A.存在某个位置,使得直线与直线垂直
B.存在某个位置,使得直线与直线垂直
C.存在某个位置,使得直线与直线垂直
D.对任意位置,三对直线“与”,“与”,“与”均不垂直
【答案】B。
【考点】空间中直线与直线之间的位置关系。
【解析】 如图,⊥,⊥,依题意,,,==,
。
A,若存在某个位置,使得直线与直线垂直,则∵⊥,∴⊥平面,从而⊥,这与已知矛盾,排除A;
B,若存在某个位置,使得直线与直线垂直,则⊥平面,平面⊥平面。取中点,连接,则⊥,∴∠就是二面角的平面角,此角显然存在,即当在底面上的射影位于的中点时,直线与直线垂直,故B正确;
C,若存在某个位置,使得直线与直线垂直,则⊥平面,从而平面⊥平面,即在底面上的射影应位于线段上,这是不可能的,排除C;
D,由上所述,可排除D。
故选 B。
例2. (2012年全国课标卷文12分)如图,三棱柱ABC-A1B1C1中,侧棱垂直底面,∠ACB=90°,AC=BC=AA1,D是棱AA1的中点
(I)证明:平面BDC1⊥平面BDC
(Ⅱ)平面BDC1分此棱柱为两部分,求这两部分体积的比。
【答案】解:(I)证明:∵由题设,三棱柱ABC-A1B1C1中,侧棱垂直底面,∠ACB=90°,
∴BC⊥CC1,BC⊥AC,CC1AC=C,∴BC⊥平面ACC1A1。
又∵DC1平面ACC1A1,∴DC1⊥BC。
∵由题设,AC=BC,=AA1,D是棱AA1的中点,
∴∠A1DC1=∠ADC=450,∴∠CDC=900,即DC1⊥DC。
又∵DCBC=C,∴DC1⊥平面BDC。
又∵DC1平面BDC1,∴平面BDC1⊥平面BDC。
(Ⅱ)设棱锥B-DACC1的体积为V1,,则。
又∵三棱柱ABC-A1B1C1的体积,
∴。
∴平面BDC1分此棱柱为两部分体积的比为1:1。
【考点】直三棱柱的性质,平面和平面的位置关系,棱柱和棱锥的体积。
【解析】(I)要证明平面BDC1⊥平面BDC,只要证一个平面的一条直线垂直于另一个平面即可。由由题设可证得DC1⊥BC,DC1⊥DC,由DCBC=C得DC1⊥平面BDC,而DC1平面BDC1,因此平面BDC1⊥平面BDC。
(Ⅱ)求出三棱柱ABC-A1B1C1的体积和棱锥B-DACC1的体积即可求得结果。
例3. (2012年北京市理14分)如图1,在Rt△ABC中,∠C=90°,BC=3,AC=6,D,E分别是AC,AB上的点,且DE∥BC,DE=2,将△ADE沿DE折起到△A1DE的位置,使A1C⊥CD,如图2.
(1)求证:A1C⊥平面BCDE;
(2)若M是A1D的中点,求CM与平面A1BE所成角的大小;
(3)线段BC上是否存在点P,使平面A1DP与平面A1BE垂直?说明理由
【答案】解:(1)∵CD⊥DE,A1E⊥DE,,∴DE⊥平面A1CD。
又∵A1C平面A1CD ,∴A1C⊥DE。
又∵A1C⊥CD,∴A1C⊥平面BCDE。
(2)如图建立空间直角坐标系,则[来源:Z+xx+k.Com]
B(0,3,0),C(0,0,0),D(-2,0,0),E(-2。2。0),A1(0,0,)。
∴。
设平面A1BE法向量为,
则,即,∴。
∴
又∵M是A1D的中点,∴M(-1,0,)。∴。
设CM与平面A1BE法向量所成角为,则
∴。
∴CM与平面A1BE所成角为。
(3)设线段BC上点P,设P点坐标为,则。
则
设平面A1DP法向量为
则 ∴。∴。
假设平面A1DP与平面A1BE垂直,则,即
,解得。与不符。
∴线段BC上不存在点P,使平面A1DP与平面A1BE垂直。
【考点】线面垂直的判定,线面角的计算,两平面垂直的条件。
【解析】(1)根据线面垂直的判定进行判定。
(2)建立空间直角坐标系可易解决。
(3)用反证法,假设平面A1DP与平面A1BE垂直,得出与已知相矛盾的结论即可。
例4. (2012年北京市文14分)如图1,在Rt△ABC中,∠C=90°,D,E分别为AC,AB的中点,点F为线段CD上的一点,将△ADE沿DE折起到△A1DE的位置,使A1F⊥CD,如图2。
(1) 求证:DE∥平面A1CB;
(2) 求证:A1F⊥BE;
(3) 线段A1B上是否存在点Q,使A1C⊥平面DEQ?说明理由。
【答案】解:(1)证明:∵在图1 Rt△ABC中,∠C=90°,D,E分别为AC,AB的中点,[来源:学_科_网Z_X_X_K]
∴DE∥BC。
∵在图2中,DE平面A1CB,∴DE∥平面A1CB。
(2)证明:∵DE⊥A1D,DE⊥CD,A1D∩CD=D,∴DE⊥平面A1CD。
∵A1F平面A1CB,∴DE⊥A1F。
又∵A1F⊥CD,CD∩DE=D,CD平面BEDC,DE平面BEDC,∴A1F⊥平面BEDC。
又∵BE平面BEDC,∴A1F⊥BE,
(3)线段A1B上存在点Q,使A1C⊥平面DEQ,点Q为A1B的中点。理由如下:
取A1C中点P,连接DP,QP。
∵PDCB,DECB ,∴PDDE。
∴DEQP是平行四边形,∴D、E、Q、P四点共面。
由(2)知,DE⊥平面A1CD,又A1C平面A1CD,∴DE⊥A1C。
∵P,Q是A1B和A1C的中点,∴PQ∥CB∥DE。∴PQ ⊥A1C。
又∵AD=CD,A1P=CP,∴PD⊥A1C 。
又∵PQ∩PD=P, ∴A1C⊥平面PQD,即A1C⊥平面DEQ。
【考点】线面平行,线线垂直,线面垂直的判定,三角形中位线的性质,平行四边形的判定和性质。
【解析】(1)由线面平行的判定理直接证出。
(2)要证两异面直线垂直,就要证一条直线垂直于另一条直线所在的平面。因此考虑证明A1F⊥平面BEDC即可。
(3)在线段A1B上找出使A1C⊥平面DEQ的点Q,进行证明。
例5. (2012年安徽省文12分) 如图,长方体中,底面是正方形,是的中点,是棱上任意一点。
(Ⅰ)证明: ;
(Ⅱ)如果=2,=, , 求 的长。
【答案】解;(I)连接。[来源:学科网ZXXK]
∵,∴共面。
∵长方体中,底面是正方形,
∴。
∴面。∴。
(Ⅱ)连接。
∵在矩形中,,
∴。 ∴。
∴,解得。
【考点】两直线的位置,相似三角形的判定和性质。
【解析】(I)要证,只要面即可。一方面,由正方形的性质有,另一方面由长方体的性质有,且和是相交的,从而面。
(Ⅱ)由,根据角的转换可知,从而根据相似三角形的性质可由对应边比求出 的长。
例6. (2012年江西省文12分)如图,在梯形ABCD中,AB∥CD,E,F是线段AB上的两点,且DE⊥AB,CF⊥AB,AB=12,AD=5,BC=4,DE=4.现将△ADE,△CFB分别沿DE,CF折起,使A,B两点重合与点G,得到多面体CDEFG.
(1)求证:平面DEG⊥平面CFG;
(2)求多面体CDEFG的体积。
【答案】解:(1)证明:在平面图中,∵AB∥CD,DE⊥EF,CF⊥EF,∴四边形CDEF为矩形。
∵DE⊥AB,AD=5,DE=4,BC=4,∴AE=3,BF=4。
∵AB=12,∴EF=5。
∵将△ADE,△CFB分别沿DE,CF折起,使A,B两点重合与点G,得到多面体CDEFG,
∴GE=AE=3,GF=BF=4。
在△EFG中,有,∴EG⊥GF。
又∵CF⊥EF,CF⊥FG,EF∩FG=F,∴CF⊥平面EFG。
又∵EG平面EFG,∴CF⊥EG。∴EG⊥平面CFG,即平面DEG⊥平面CFG。
(2)在平面EGF中,过点G作GH⊥EF于H,
则。
∵平面CDEF⊥平面EFG,∴GH⊥平面CDEF,.
∴。
【考点】平面与平面垂直的判定,棱锥的体积。
【解析】(1)判断四边形CDEF为矩形,然后证明EG⊥GF,推出CF⊥EG,然后证明平面DEG⊥平面CFG。
(2)在平面EGF中,过点G作GH⊥EF于H,求出GH,说明GH⊥平面CDEF,利用
求出体积。
例7. (2012年湖北省文12分)某个实心零部件的形状是如图所示的几何体,其下部是底面均是正方形,侧面是全等的等腰梯形的四棱台A1B1C1D1-ABCD,上部是一个底面与四棱台的上底面重合,侧面是全等的矩形的四棱柱ABCD-A2B2C2D2.
(Ⅰ)证明:直线B1D1⊥平面ACC2A2;
(Ⅱ)现需要对该零部件表面进行防腐处理.已知AB=10,A1B1=20,AA2=30,AA1=13(单位:cm),每平方厘米的加工处理费为0.20元,需加工处理费多少元?
【答案】解:(Ⅰ)∵四棱柱ABCD-A2B2C2D2的侧面是全等的矩形,
∴AA2⊥AB,AA2⊥AD。
又∵AB∩AD=A,∴AA2⊥平面ABCD。
连接BD,
∵BD⊂平面ABCD,∴AA2⊥BD。
∵底面ABCD是正方形,∴AC⊥BD。
根据棱台的定义可知,BD与B1D1共面,
又已知平面ABCD∥平面A1B1C1D1,且平面BB1D1D∩平面ABCD=BD,平面BB1D1D∩平面A1B1C1D1=B1D1,
∴B1D1∥BD。
∴由AA2⊥BD,AC⊥BD,B1D1∥BD,可得AA2⊥B1D1,AC⊥B1D1。
又∵AA2∩AC=A,∴B1D1⊥平面ACC2A2。
(Ⅱ)∵四棱柱ABCD-A2B2C2D2的底面是正方形,侧面是全等的矩形,
∴S1=S四棱柱上底面+S四棱柱侧面=(A2B2)2+4AB·AA2=102+4×10×30=1 300(cm2)。
又∵四棱台A1B1C1D1-ABCD的上下底面均是正方形,侧面是全等的等腰梯形,
∴S2=S四棱台下底面+S四棱台侧面=(A1B1)2+4×(AB+A1B1)h等腰梯形的高
=202+4×(10+20)=1 120(cm2).
∴该实心零部件的表面积为S=S1+S2=1 300+1 120=2 420(cm2)。
∴所需加工处理费为0.2S=0.2×2 420=484(元)。[来源:学科网ZXXK]
【考点】直线与平面垂直的判定,棱柱、棱台的侧面积和表面积。
【解析】(Ⅰ)依题意易证AC⊥B1D1,AA2⊥B1D1,由线面垂直的判定定理可证直线B1D1⊥平面ACC2A2。(Ⅱ)需计算上面四棱柱ABCD-A2B2C2D2的表面积(除去下底面的面积)S1,四棱台A1B1C1D1-ABCD
的表面积(除去下底面的面积)S2即可。
例8. (2012年福建省文12分) 如图所示,在长方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=AD=1,AA1=2,M为棱DD1上的一点.
(I)求三棱锥A-MCC1的体积;
(II)当A1M+MC取得最小值时,求证:B1M⊥平面MAC.
【答案】解:(I)由长方体ABCD-A1B1C1D1知,AD⊥平面CDD1C1,
∴点A到平面CDD1C1的距离等于AD=1。
又∵==×2×1=1,
∴ 。
(II)将侧面CDD1C1绕DD1逆时针转90°展开,与侧面ADD1A1共面(如图),
当A1,M,C共线时,A1M+MC取得最小值。
由AD=CD=1,AA1=2,得M为DD1中点.
连接C1M,
在△C1MC中,MC1=,MC=,CC1=2,
∴CC=MC+MC2,得∠CMC1=90°,即CM⊥MC1。
又由长方体ABCD-A1B1C1D1知,B1C1⊥平面CDD1C1,
∴B1C1⊥CM。
又B1C1∩C1M=C1,∴CM⊥平面B1C1M,得CM⊥B1M。
同理可证,B1M⊥AM。
又AM∩MC=M,∴B1M⊥平面MAC。
【考点】棱锥的体积,直线与直线、直线与平面的位置关系。
【解析】(I)由题意可知,A到平面CDD1C1的距离等于AD=1,易求=1,从而可求。
(II)侧面CDD1C1绕DD1逆时针转90°展开,与侧面ADD1A1共面,当A1,M,C共线时,A1M+MC取得最小值.易证CM⊥平面B1C1M,从而CM⊥B1M,同理可证,B1M⊥AM,问题得到解决。
例13. (2012年陕西省文12分)直三棱柱ABC- A1B1C1中,AB=A A1 ,
(Ⅰ)证明;
(Ⅱ)已知AB=2,BC=,求三棱锥的体积[来源:学科网ZXXK]
【答案】解:(I)连接AB1,
∵ABC-A1B1C1是直三棱柱,∴平面ABC⊥平面ABB1A1。
又∵平面ABC∩平面ABB1A1=AB,AC⊥AB,
∴AC⊥平面ABB1A1。
∵BA1⊂平面ABB1A1,∴AC⊥BA1。
∵矩形ABB1A1中,AB=AA1,∴四边形ABB1A1是正方形。∴AB1⊥BA1。
又∵AB1、CA是平面ACB1内的相交直线,∴BA1⊥平面ACB1。
∵CB1⊂平面ACB1,∴CB1⊥BA1。
(II)∵AB=2,BC=∴Rt△ABC中,。
∴直三棱柱ABC-A1B1C1中,A1C1=AC=1。
又∵AC∥A1C1,AC⊥平面ABB1A1,∴A1C1是三棱锥C1-ABA1的高。
∵△ABA1的面积等于正方形ABB1A1面积的一半,∴S△ABA1=AB2=2。
∴三棱锥C1-ABA1的体积为V=×S△ABA1×A1C1=。
【考点】直线与平面垂直的性质,三棱锥的体积。
【解析】(I)连接AB1,根据ABC- A1B1C1是直三棱柱,得到平面ABC⊥平面ABB1A1,结合AC⊥AB,可得AC⊥平面ABB1A1,从而有AC⊥BA1,再在正方形ABB1A1中得到AB1⊥BA1,最后根据线面垂直的判定定理,得到BA1⊥平面ACB1,所以CB1⊥BA1。
(II)在Rt△ABC中,利用勾股定理,得到。又因为直三棱柱ABC- A1B1C1中,A1C1=AC=1且AC⊥平面ABB1A1,得到A1C1是三棱锥C1-ABA1的高,且它的长度为1.再根据正方形ABB1A1面积得到△ABA1的面积,最后根据锥体体积公式,得到三棱锥C1-ABA1的体积为 。