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- 2021-06-24 发布
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A组 专项基础训练
(时间:40分钟)
1.用数学归纳法证明2n>2n+1,n的第一个取值应是( )
A.1 B.2
C.3 D.4
【解析】 ∵n=1时,21=2,2×1+1=3,2n>2n+1不成立;
n=2时,22=4,2×2+1=5,2n>2n+1不成立;
n=3时,23=8,2×3+1=7,2n>2n+1成立.
∴n的第一个取值应是3.
【答案】 C
2.用数学归纳法证明不等式1+++…+>(n∈N*)成立,其初始值至少应取( )
A.7 B.8
C.9 D.10
【解析】 左边=1+++…+
==2-,
代入验证可知n的最小值是8.
【答案】 B
3.数列{an}中,已知a1=1,当n≥2时,an-an-1=2n-1,依次计算a2,a3,a4后,猜想an的表达式是( )
A.3n-2 B.n2
C.3n-1 D.4n-3
【解析】 计算出a1=1,a2=4,a3=9,a4=16,可猜an=n2,故应选B.
【答案】 B
4.对于不等式<n+1(n∈N*),某同学用数学归纳法证明的过程如下:
(1)当n=1时,<1+1,不等式成立.
(2)假设当n=k(k∈N*)时,不等式成立,即<k+1,则当n=k+1时,=<==(k+1)+1.
∴当n=k+1时,不等式成立,则上述证法( )
A.过程全部正确
B.n=1验得不正确
C.归纳假设不正确
D.从n=k到n=k+1的推理不正确
【解析】 在n=k+1时,没有应用n=k时的假设,不是数学归纳法.
【答案】 D
5.利用数学归纳法证明“(n+1)(n+2)·…·(n+n)=2n×1×3×…×(2n-1),n∈N*”时,从“n=k”变到“n=k+1”时,左边应增乘的因式是( )
A.2k+1 B.2(2k+1)
C. D.
【解析】 当n=k(k∈N*)时,
左式为(k+1)(k+2)·…·(k+k);
当n=k+1时,左式为(k+1+1)·(k+1+2)·…·(k+1+k-1)·(k+1+k)·(k+1+k+1),
则左边应增乘的式子是=2(2k+1).
【答案】 B
6.设数列{an}的前n项和为Sn,且对任意的自然数n都有(Sn-1)2=anSn,通过计算S1,S2,S3,猜想Sn=________.
【解析】 由(S1-1)2=S1·S1,得S1=,
由(S2-1)2=(S2-S1)S2,得S2=,
依次得S3=,S4=,猜想Sn=.
【答案】
7.用数学归纳法证明:“1+++…+<n(n∈N*,n>1)”时,由n=k(k>1)不等式成立,推理n=k+1时,左边应增加的项数是________.
【解析】 当n=k时,要证的式子为1+++…+<k;
当n=k+1时,要证的式子为1+++…++++…+<k+1.
左边增加了2k项.
【答案】 2k
8.(2017·九江模拟)已知f(n)=1+++…+(n∈N*),经计算得f(4)>2,f(8)>,f(16)>3,f
(32)>,则其一般结论为________________.
【解析】 因为f(22)>,f(23)>,f(24)>,f(25)>,所以当n≥2时,有f(2n)>.故填f(2n)>(n≥2,n∈N*).
【答案】 f(2n)>(n≥2,n∈N*)
9.已知点Pn(an,bn)满足an+1=an·bn+1,bn+1=(n∈N*),且点P1的坐标为(1,-1).
(1)求过点P1,P2的直线l的方程;
(2)试用数学归纳法证明:对于n∈N*,点Pn都在(1)中的直线l上.
【解析】 (1)由题意得a1=1,b1=-1,
b2==,a2=1×=,
∴P2.
∴直线l的方程为=,
即2x+y=1.
(2)证明 ①当n=1时,
2a1+b1=2×1+(-1)=1成立.
②假设n=k(k∈N*)时,2ak+bk=1成立.
则2ak+1+bk+1=2ak·bk+1+bk+1=·(2ak+1)===1,
∴当n=k+1时,2ak+1+bk+1=1也成立.
由①②知,对于n∈N*,都有2an+bn=1,即点Pn都在直线l上.
10.在数列{an}中,a1=2,an+1=λan+λn+1+(2-λ)2n(n∈N*,λ>0).
(1)求a2,a3,a4;
(2)猜想{an}的通项公式,并加以证明.
【解析】 (1)a2=2λ+λ2+2(2-λ)=λ2+22,
a3=λ(λ2+22)+λ3+(2-λ)22=2λ3+23,
a4=λ(2λ3+23)+λ4+(2-λ)23=3λ4+24.
(2)由(1)可猜想数列通项公式为:an=(n-1)λn+2n.
下面用数学归纳法证明:
①当n=1,2,3,4时,等式显然成立,
②假设当n=k(k≥4,k∈N*)时等式成立,
即ak=(k-1)λk+2k,那么当n=k+1时,
ak+1=λak+λk+1+(2-λ)2k
=λ(k-1)λk+λ2k+λk+1+2k+1-λ2k
=(k-1)λk+1+λk+1+2k+1=[(k+1)-1]λk+1+2k+1,
所以当n=k+1时,猜想成立,
由①②知数列的通项公式为
an=(n-1)λn+2n(n∈N*,λ>0).
B组 专项能力提升
(时间:30分钟)
11.设f(x)是定义在正整数集上的函数,且f(x)满足:“当f(k)≥k2成立时,总可推出f(k+1)≥(k+1)2成立”.那么,下列命题总成立的是( )
A.若f(1)<1成立,则f(10)<100成立
B.若f(2)<4成立,则f(1)≥1成立
C.若f(3)≥9成立,则当k≥1时,均有f(k)≥k2成立
D.若f(4)≥16成立,则当k≥4时,均有f(k)≥k2成立
【解析】 ∵f(k)≥k2成立时,f(k+1)≥(k+1)2成立,
∴f(4)≥16时,有f(5)≥52,f(6)≥62,…,f(k)≥k2成立.
【答案】 D
12.设平面上n个圆周最多把平面分成f(n)片(平面区域),则f(2)=________,f(n)=________.(n≥1,n∈N*)
【解析】 易知2个圆周最多把平面分成4片;n个圆周最多把平面分成f(n)片,再放入第n+1个圆周,为使得到尽可能多的平面区域,第n+1个应与前面n个都相交且交点均不同,有n条公共弦,其端点把第n+1个圆周分成2n段,每段都把已知的某一片划分成2片,即f(n+1)=f(n)+2n(n≥1),所以f(n)-f(1)=n(n-1),而f(1)=2,从而f(n)=n2-n+2.
【答案】 4 n2-n+2
13.设平面内有n条直线(n≥3),其中有且仅有两条直线互相平行,任意三条直线不过同一点.若用f(n)表示这n条直线交点的个数,则f(4)=________;当n>4时,f(n)=________(用n表示).
【解析】 f(3)=2,f(4)=f(3)+3=2+3=5,
f(n)=f(3)+3+4+…+(n-1)=2+3+4+…+(n-1)
=(n+1)(n-2)(n≥3).
【答案】 5 (n+1)(n-2)(n≥3)
14.已知f(n)=1++++…+,g(n)=-,n∈N*.
(1)当n=1,2,3时,试比较f(n)与g(n)的大小;
(2)猜想f(n)与g(n)的大小关系,并给出证明.
【解析】 (1)当n=1时,f(1)=1,g(1)=1,
所以f(1)=g(1);
当n=2时,f(2)=,g(2)=,所以f(2)<g(2);
当n=3时,f(3)=,g(3)=,所以f(3)<g(3).
(2)由(1),猜想f(n)≤g(n),下面用数学归纳法给出证明.
①当n=1,2,3时,不等式显然成立,
②假设当n=k(k≥3,k∈N*)时不等式成立,
即1++++…+<-.
那么,当n=k+1时,
f(k+1)=f(k)+<-+.
因为-
=-=<0,
所以f(k+1)<-=g(k+1).
由①②可知,对一切n∈N*,都有f(n)≤g(n)成立.
15.(2017·广州模拟)已知数列{an}满足a1=a2=a3=k,an+1=(n≥3,n∈N*),其中k>0,数列{bn}满足bn=(n=1,2,3,4,…)
(1)求b1,b2,b3,b4;
(2)求数列{bn}的通项公式;
(3)是否存在正数k,使得数列{an}的每一项均为整数,如果不存在,说明理由,如果存在,求出所有的k.
【解析】 (1)经过计算可知:
a4=k+1,a5=k+2,a6=k+4+.
求得b1=b3=2,b2=b4=.
(2)由条件可知:
an+1an-2=k+anan-1.①
类似地有:an+2an-1=k+an+1an.②
①-②有:=,
即bn=bn-2.
所以b2n-1=b2n-3=…=b1==2,
b2n=b2n-2=…=b2==,
所以bn=+(n∈N*,k>0).
(3)假设存在正数k,使得数列{an}的每一项均为整数,则由(2)可知:
③
由a1=k∈Z,a6=k+4+∈Z可知k=1,2.
当k=1时,=3为整数,利用a1,a2,a3∈Z,
结合③式,反复递推,可知{an}的每一项均为整数,当k=2时,③变为④
我们用数学归纳法证明a2n-1为偶数,a2n为整数,
n=1时,结论显然成立,假设n=k时结论成立,这时a2k-1为偶数,a2k为整数,故a2k+1=2a2k-a2k-1为偶数,a2k-2为整数,所以n=k+1时,命题成立,
故数列{an}是整数列,
综上所述,k的取值集合是{1,2}.
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