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- 2021-06-24 发布
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第七章 第七节 立体几何中的向量方法 [理]
课下练兵场
命 题 报 告
难度及题号
知识点
容易题
(题号)
中等题
(题号)
稍难题
(题号)
利用空间向量证明
平行、垂直问题
1
11
利用空间向量求异面
直线所成角、线面角.
2、3
4、6、7
8
利用空间向量求二面角
5
10、12
9
一、选择题
1.若直线l的方向向量为a,平面α的法向量为n,能使l∥α的是 ( )
A.a=(1,0,0),n=(-2,0,0) B.a=(1,3,5),n=(1,0,1)
C.a=(0,2,1),n=(-1,0,-1) D.a=(1,-1,3),n=(0,3,1)
解析:若l∥α,则a·n=0.
而A中a·n=-2,
B中a·n=1+5=6,
C中a·n=-1,只有D选项中a·n=-3+3=0.
答案:D
2.若向量a=(1,λ,2),b=(2,-1,2),且a与b的夹角余弦值为,则λ等于( )
A.2 B.-2 C.-2或 D.2或-
解析:cos〈a,b〉===,λ=-2或.
答案:C
3.在正方体ABCD-A1B1C1D1中,M为DD1的中点,O为底面ABCD的中心,P为棱A1B1上任意一点,则直线OP与直线AM所成的角是 ( )
A. B. C. D.
解析:(特殊位置法)将P点取为A1,作OE⊥AD于E,连接A1E,则A1E为OA1在平面AD1内的射影,又AM⊥A1E,∴AM⊥OA1,即AM与OP成90°角.或建系利用向量法.
答案:D
4.(2009·全国卷Ⅱ)已知正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,AA1=2AB,E为AA1中点,则异面直线BE与CD1所成角的余弦值为 ( )
A. B. C. D.
解析:如图连结A1B,则有A1B∥CD1,
∠A1BE就是异面直线BE与CD1所成角,设AB=1,
则A1E=AE=1,∴BE=,A1B=.
由余弦定理可知:cos∠A1BE=
答案:C
5.(2009·滨州模拟)在正方体ABCD-A1B1C1D1中,点E为BB1的中点,则平面A1ED与平面ABCD所成的锐二面角的余弦值为 ( )
A. B. C. D.
解析:以A为原点建系,设棱长为1.
则A1(0,0,1),E(1,0,),
D(0,1,0),
∴=(0,1,-1),
=(1,0,-),
设平面A1ED的法向量为
n1=(1,y,z)
则∴
∴n1=(1,2,2),
∵平面ABCD的一个法向量为n2=(0,0,1).
∴cos〈n1,n2〉==.
即所成的锐二面角的余弦值为.
答案:B
6.(2009·浙江高考)在三棱柱ABC-A1B1C1中,各棱长相等,侧棱垂直于底面,点D是侧面BB1C1C的中心,则AD与平面BB1C1C所成角的大小是 ( )
A.30° B.45° C.60° D.90°
解析:如图,取BC中点E,连结DE、AE、AD,依题意知三棱柱为正三棱柱,易得AE⊥平面BB1C1C,故∠ADE为AD与平面BB1C1C所成的角.
设各棱长为1,则AE=,
DE=,tan∠ADE===,
∴∠ADE=60°.
答案:C
二、填空题
7.长方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=AA1=2,AD=1,E为CC1的中点,则异面直线BC1与AE所成角的余弦值为________.
解析:建立坐标系如图,
则A(1,0,0),E(0,2,1),B(1,2,0),C1(0,2,2),
=(-1,0,2),=(-1,2,1),
cos〈〉==.
答案:
8.正四棱锥S-ABCD中,O为顶点在底面上的射影,P为侧棱SD的中点,且SO=OD,则直线BC与平面PAC所成的角是__________.
解析:如图,以O为原点建立空间直角坐标系O-xyz.
设OD=SO=OA=OB=OC=a,
则A(a,0,0),B(0,a,0),
C(-a,0,0),P(0,-),
则=(2a,0,0),=(-a,-,),=(a,a,0),
设平面PAC的法向量为n,可求得n=(0,1,1),
则cos〈,n〉===,
∴〈,n〉=60°,
∴直线BC与平面PAC所成的角为90°-60°=30°.
答案:30°
9.正三棱锥的一个侧面的面积与底面积之比为2∶3,则这个三棱锥的侧面和底面所成二面角的度数为________.
解析:设一个侧面面积为S1,底面面积为S,则这个侧面在底面上射影的面积为,由题设得=,设侧面与底面所成二面角为θ,则cosθ===,
∴θ=60°.
答案:60°
三、解答题
10.(2009·包头模拟)如图,四棱锥P-ABCD的底面是矩形,侧面PAD是正三角形,且侧面PAD⊥底面ABCD,E为侧棱PD的中点.
(1)求证:PB∥平面EAC;
(2)若AD=AB,试求二面角A-PC-D的正切值.
解:法一:(1)证明:连接BD交AC于点O,连接OE,在△PDB中,OE∥PB,又OE⊂平面AEC,
PB⊄平面AEC,故PB∥平面AEC.
(2)设AD=AB=PD=PA=a,
∵侧面PAD⊥底面ABCD,
又CD⊥AD,∴CD⊥侧面PAD,∴AE⊥DC,
又△PAD为正三角形,且E为PD中点,
∴AE⊥PD,故AE⊥平面PDC
在等腰△PDC中,作DM⊥PC,则M为PC的中点,
再作EN∥DM交PC于点N,则EN⊥PC,连接AN,
则∠ANE为二面角A-PC-D的平面角,
在Rt△PDC中,DM=a,所以EN=a,
在等边△PAD中,AE=a,所以tan∠ANE=
法二:(1)证明:如图建立空间直角坐标系O-xyz,其中O为AD的中点.设PA=AD=PD=a,AB=b,
则P(0,0,a),D(-,0,0),E(-,0,a),B(,b,0),
连接BD交AC于点F,则F(0,,0).
=(,,-a),=(,b,-a)=2,
∴∥,又EF⊂平面AEC,且PB⊄平面AEC,
∴PB∥平面EAC.
(2)设PA=AD=PD=AB=a,
则P(0,0,a),A (,0,0),C(-,a,0),D(-,0,0).
=(-a,a,0),=(-,a,-a),
=(-,0,-a),
设n1=(x1,y1,z1)是平面PAC的法向量,
则即
令z1=1,解得x1=y1=,∴n1=(,,1),
设n2=(x2,y2,z2)是平面PCD的法向量,
则即
令z2=1,解得x2=-,y2=0,∴n2=(-,0,1),
cos〈n1,n2〉==-,
设所求二面角的平面角为α,
则cosα=,sinα=,tanα=.
11.(2010·江苏苏北三市模拟)如图,在四棱锥P—ABCD中,底面ABCD为直角梯形,AB∥CD,∠BAD=90°,PA⊥平面ABCD,AB=1,AD=2,PA=CD=4.
(1)求证:BD⊥PC;
(2)求二面角B—PC—A的余弦值.
解析:(1)证明:以A为原点,建立如图所示空间直
角坐标系,
则B(0,1,0),C(-2,4,0),D(-2,0,0),P(0,0,4),
∴ (-2,4,-4),=(-2,-1,0),
∴=4-4=0,
所以PC⊥BD.
(2)易证为平面PAC的法向量,=(-2,-
1,0).
设平面PBC的法向量n=(a,b,c),
=(0,1,-4),=(-2,3,0),
所以⇒
所以平面PBC的法向量n=(6,4,1),
∴cosθ===-.
因为平面PAC和平面PBC所成的角为锐角,
所以二面角B—PC—A的余弦值为
12.(2009·湖北五市调研)如图甲,直角梯形ABCD中,AB∥CD,∠DAB=,点M、N分别在AB,CD上,且MN⊥AB,MC⊥CB,BC=2,MB=4,现将梯形ABCD沿MN折起,使平面AMND与平面MNCB垂直(如图乙).
(1)求证:AB∥平面DNC;
(2)当DN的长为何值时,二面角D-BC-N的大小为30°?
解:法一:(1)证明:∵MB∥NC,MB⊄平面DNC,NC⊂平面DNC,
∴MB∥平面DNC.
同理MA∥平面DNC,又MA∩MB=M,且MA、MB⊂
AB∥平面DNC.
(2)过N作NH⊥BC交BC延长线于H,
∵平面AMND⊥平面MNCB,DN⊥MN,
∴DN⊥平面MBCN,从而DH⊥BC,
∴∠DHN为二面角D-BC-N的平面角.
由MB=4,BC=2,∠MCB=90°知∠MBC=60°,
CN=4-2cos60°=3,∴NH=3sin60°=.
由条件知:tan∠NHD=
∴DN=NH
法二:如图,以点N为坐标原点,以NM,NC,ND所在直线分别作为x轴,y轴和z 轴,建立空间直角坐标系N-xyz,易得NC=3,MN=,
设DN=a,则D(0,0,a),C(0,3,0),B(,4,0),M(,0,0),
A(,0,a).
(1)证明:∵=(0,0,a),=(0,3,0),=(0,4,-a).
∴=-(0,0,a)+(0,3,0)=-+,
∵ND,NC⊂平面DNC,且ND∩NC=N,
∴与平面DNC共面,又AB⊄平面DNC,
∴AB∥平面DNC.
(2)设平面DBC的法向量n1=(x,y,z),
=(0,3,-a),=(,1,0)
则,令x=-1,则y=,z=.
∴n1=(-1,,).
又平面NBC的法向量n2=(0,0,1).
∴cos〈n1,n2〉===.
即:=.∴a2=,
又a>0,∴a=,
即DN=.
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