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- 2021-06-24 发布
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百师联盟2020届高三冲刺考(三)全国卷
文科数学试卷
注意事项:
1、答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上.
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效.
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.
考试时间为120分钟,满分150分
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知复数是纯虚数,则实数的值为( )
A. 1 B. C. 0 D.
【答案】A
【解析】
【分析】
将复数化简为的形式,若复数为纯虚数,则,且,可解得的值.
【详解】,
因为复数是纯虚数,故,,
解得.
故选:A.
【点睛】本题考查复数的分母实数化运算和纯虚数的定义,考查了学生的运算求解能力和理解辨析能力,是基础题.
2.已知集合,集合,则( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
- 24 -
【分析】
通过解一元二次不等式和对数不等式,分别得出集合和集合,再利用交集的定义求解即可.
【详解】集合,
集合,
所以.
故选:C.
【点睛】本题考查集合交集的运算,考查了学生的运算求解能力,是基础题.
3.在平面直角坐标系中,轴负半轴上有6个点,轴负半轴上有2个点,将轴负半轴上这6个点和轴负半轴上这2个点连成12条线段,这12条线段在第三象限内的交点最多有( )
A. 10个 B. 12个 C. 15个 D. 18个
【答案】C
【解析】
【分析】
以轴上的两点和轴上的两点为顶点做四边形,连接对角线,对角线的交点即为所要找的点.
【详解】易知轴上任意两个点和轴上任意两个点可以构成一个四边形,则这个四边形唯一的对角线交点,即在第三象限,适合题意,而轴上6个点的组合共有种,则这样的四边形共有15个,于是最多有15个交点.
故选:C.
【点睛】本题考查统计交点个数,考查了学生数据处理的能力,是基础题.
4.若实数,满足,则的最大值为( )
A. 1 B. 4 C. D. 5
【答案】D
【解析】
【分析】
通过去绝对值列出不等式组,找出可行域,求目标函数的最值.
- 24 -
【详解】通过去绝对值可得不等式组:,,,,如图,作出的可行域,
则表示的几何意义为可行域内的点到原点距离的平方,
则易知点)或点满足题意,
此时.
故选:D.
【点睛】本题考查线性规划问题,通过几何法求最值,考查学生数形结合的数学思想和求解运算的能力,是中档题.
5.设,若,则( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
分段函数,从内到外逐个代入相应解析式求待定系数.
- 24 -
【详解】因为,所以,
①当,即时,
(舍);
②当,即时,,满足题意,
综上所述.
故选:C.
【点睛】本题考查分段函数的求值问题,分段函数求值时,一定要根据自变量的值代入相对应的解析式,考查学生运算求解的能力,是基础题.
6.某几何体的三视图如图所示,图中每个小正方形的边长为1,侧视图为圆及其内接正方形,那么这个几何体的体积为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
利用三视图还原出空间几何体,利用体积公式计算空间几何体体积.
【详解】易知该几何体由一个正四棱锥和圆柱构成,
因为,,
所以该几何体的体积为.
故选:A.
【点睛】本题考查三视图的应用,由三视图还原空间几何体,求锥体和圆柱的体积,考查学生的直观想象能力,是基础题.
- 24 -
7.刘徽是我国古代伟大数学家,他的《九章算术注》和《海岛算经》被视为我国数学史上的瑰宝,他创立的“割圆术”理论上能把的值计算到任意精度.“割圆术”是指用圆内接正多边形的面积来近似代替圆的面积,如图,从正六边形开始,依次将边数增倍,使误差逐渐减小,当圆内接正三百六十边形时,由“割圆术”可得圆周率的近似值为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
圆内接正三百六十边形可以看成由360个顶角为的等腰三角形构成,腰长与圆的半径相等,利用圆内接正三百六十边形的面积与圆的面积近似相等,计算的近似值.
【详解】设圆的半径为1,
当圆内接正三百六十边形时,每边端点与圆心连线构成的小三角形均为腰为1,顶角为的等腰三角形,
则圆内接正多边形的面积为,
圆的面积为,用圆内接正多边形的面积来近似代替圆的面积,
即有.
故选:D.
【点睛】本题利用“割圆术”计算圆周率的近似值,需要仔细阅读题干,理解“割圆术”的概念,考查学生的理解辨析能力和运算求解能力,是基础题.
8.函数在上的大致图象是( )
A. B.
C. D.
- 24 -
【答案】A
【解析】
【分析】
本题可通过排除法找函数图像,先判断原函数是否具有奇偶性,再利用特殊值法可得出正确的选项.
【详解】因为,,
所以函数为非奇非偶函数,排除选项B,C;
又因为.
故选:A.
【点睛】本题考查函数的奇偶性的应用,若特值法无法选出正确选项,则考查利用导数求函数的单调性判断函数图像,着重考查推理论证和运算求解的能力,是基础题.
9.已知点为直线上的一动点,过点作圆的切线,则点在运动的过程中,切线长的最小值为( )
A. 2 B. C. D. 1
【答案】D
【解析】
【分析】
先判断直线与圆的位置关系,直线与圆相离;可将切线长、点到圆心的距离和圆的半径利用勾股定理联系起来,点到圆心的距离最小则切线长最小.
【详解】圆的方程可化为,半径,
圆心到直线的距离,
所以直线和圆相离,当这个点到圆心距离最小时,切线长最小,
最小值为.
故选:D.
【点睛】本题考查直线与圆的位置关系、切线的性质,将切线长问题转化为点到直线距离的大小问题,考查求解运算能力和转化与化归的思想,是中档题.
- 24 -
10.已知函数的图象相邻两条对称轴之间的距离为,其一个对称中心为,把的图象向左平移个单位长度得到函数的图象,则函数在的最大值为( )
A. 1 B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
先用邻两条对称轴之间距离求出周期,通过周期求,再用对称中心求,可得的解析式,通过平移变换得出的解析式,利用三角函数的性质在给定区间上求出的最大值.
【详解】由函数的图象相邻两条对称轴之间的距离为,
得,
所以,,
又其一个对称中心为,即有,
则,.又,
所以,,
所以,
当时,,
所以.
故选:B.
- 24 -
【点睛】本题考查用文字描述三角函数图像求解析式,三角函数图像变换,三角函数性质,考查推理论证和运算求解的能力,是中档题.
11.若函数在上存在零点,则实数的取值范围为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
分离常数构造新函数,利用导数判断新函数的单调性并求出最值,以此来判断实数的取值范围.
【详解】因为函数在上存在零点,
即方程在上有解,令,
则,
所以当时,,当时,,
所以函数在上单调递增,在上单调递减,
所以在处取最大值,
所以的值域为,所以的取值范围是.
故选:B.
【点睛】本题考查函数的零点与方程根的应用,利用导数判断函数的单调性,考查转化与化归的思想和求解运算的能力,是中档题.
12.已知,曲折:与直线:(且)交于,两点,则的周长的最小值为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
- 24 -
化简曲线的方程,可利用抛物线定义将长度进行转化,得出的周长的最小值.
【详解】易知曲线是由两抛物线和构成,
如图,设与轴交于点,抛物线的焦点为,
连接,,则,
的周长,
当,,的三点共线时取等号.
故选:B.
【点睛】本题考查直线与抛物线的综合问题,抛物线的性质,考查数形结合和求解运算的能力,是中档题.
二、填空题:本题共4小题.每小题5分,共20分.
13.已知向量,,若,则__________.
【答案】2
【解析】
【分析】
利用两向量垂直数量积等于0得出的坐标,再计算出的坐标,最后利用坐标计算.
【详解】因为,所以,
- 24 -
,
所以.
故答案为:2.
【点睛】本题考查了向量数量积的坐标运算和向量的模的坐标运算,考察了学生的求解运算能力,是基础题.
14.设:,当成立时,的取值范围是__________;:,若是的充分不必要条件,则实数的取值范围是__________.
【答案】 (1). ; (2).
【解析】
【分析】
解绝对值不等式得出命题中中的取值范围,是的充分不必要条件,则,推导不出,可得出实数的取值范围.
【详解】由得;
因为是的充分不必要条件,则.
故答案为:;.
【点睛】本题考查命题的充分性和必要性, 是基础题.
15.已知三棱锥的体积为,且,,平面,则三棱锥外接球的体积为__________.
【答案】
【解析】
【分析】
解三角形可得底面面积,通过锥体体积计算公式可得高的长度,将三棱锥补为三棱柱,找到球心位置,利用勾股定理求球体半径,最后可得球体体积.
【详解】因为,,所以由余弦定理,
,
- 24 -
则,
将三棱锥补成三棱柱,可的球心的三棱柱的中心,
球心到底面的距离等于三棱柱的高的一半,即,
外接圆的半径,
所以三棱锥外接球的半径,
则其体积.
故答案为:.
【点睛】本题考查与球有关的组合体问题,求几何体外接球体积需先求出球体半径,考查直观想象和求解运算的能力,是中档题.
16.在中,角,,所对应的边分别为,,,若且,则面积的最大值为__________.
【答案】
【解析】
【分析】
利用正弦定理将角的正弦值的等量关系转化为边的等量关系,结合余弦定理得出角C余弦值的取值范围;为定值,则最大的面积最大.
【详解】因为,
由正弦定理得,即,
由余弦定理,
当且仅当时取等号,
所以,,
则,
- 24 -
所以面积的最大值.
故答案为:.
【点睛】本题考查用弦定理边角转化,用余弦定理三边求角,三角形面积的表示,考查运算求解的能力,是中档题.
三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题.考生根据要求作答.
(一)必考题:60分.
17.在中,角,,所对的边分别是,,,且.
(1)求的值;
(2)若,求面积的最大值.
【答案】(1);(2).
【解析】
【分析】
(1)先利用同角三角函数基本关系式求出,再用降幂公式和正弦倍角化简结果,最后
代入求值;
(2)利用余弦定理列出边的等量关系,再用基本不等式得出的最大值.
【详解】(1)因为,所以,
;
(2)由余弦定理知,,
所以,
- 24 -
当且仅当时取“=”,
则的面积,
即面积的最大值为.
【点睛】本题考查三角恒等变换,余弦定理解三角形,考查运算求解的能力,是基础题.
18.如图,直四棱柱中,,,点,分别,中点.
(1)证明:平面;
(2)求点到平面的距离.
【答案】(1)见解析;(2).
【解析】
【分析】
(1)构造平行四边形证明线线平行,利用线线平行证明线面平行;
(2)利用线面垂直的判定方法证明线面垂直,再利用等面积法求垂线段的长度.
【详解】(1)证明:如图
- 24 -
取中点,连接,,
因为点,为中点,
所以,且,
因为点为中点,
所以,
即,,
所以四边形为平行四边形,
所以,
因为平面,平面,
所以平面
(2)如图,
- 24 -
过点作于点,
因为平面,平面,
所以,
因为,
所以平面,
则即为点到平面的距离,
在中,,
,
即为点到平面的距离为.
【点睛】本题考查线面平行的判定,线面垂直的判定,等面积法求高,正确作出辅助线是解题的关键,考查直观想象和推理论证的能力,是中档题.
19.已知点在椭圆:上,且椭圆的离心率为.
(1)求椭圆的方程;
(2)设为坐标原点,若椭圆的某条弦的中点为,试问的值是否为定值?若是,求出该定值;若不是,请说明理由.
【答案】(1);(2)是定值,.
【解析】
【分析】
(1)根据已知条件列出关于,,的等量关系式求椭圆的方程;
(2)先用点差法求出弦的方程,再联立方程用韦达定理求出两根之积,最后用数量积的坐标运算得出的值.
- 24 -
【详解】(1)由条件知,,
且,
解得,,
所以椭圆的方程为;
(2)的值为定值,
证明如下:
设点,的坐标为,,
易知中点线段上,
因为点,所以,
又,,
两式相减得,,
易知,,
所以,即.
设方程为,
代入并整理得,
所以,,则,
- 24 -
故.
【点睛】本题考查求椭圆方程的标准方程,点差法设而不求算中点弦方程,联立方程利用韦达定理解决综合问题,考查求解运算能力,是中档题.
20.2020年春节即将来临,某市一商家为了在春节期间更好地推销商品,随机抽取了去年春节期间在该商家消费总额不超过2500元的200名老顾客进行了消费额统计,得到所示频率分布直方图:
若去年春节期间在该商家消费总额超过1.5千元的顾客称为“VIP顾客”,消费总额不超过1.5千元的顾客称为“非VIP顾客”.
(1)若抽取的“非VIP顾客”中男性占40人,请根据条件完成上面的列联表,并判断能否在犯错误的概率不超过0.001的前提下认为“VIP顾客”与性别有关.
VIP顾客
非VIP顾客
总计
男性顾客
40
80
女性顾客
120
总计
200
(2)该商家为了进一步了解这200人的消费体验和购买意愿,采用分层抽样的方法在“VIP顾客”和“非VIP顾客”中抽取20人.若需从这20人中随机选取2人进行问卷调查,求恰有1人是“VIP顾客”的概率.
参考公式:,其中.
临界值表:
0.100
0.050
0.025
0.010
0.001
- 24 -
2.706
3.841
5.024
6.635
10.828
【答案】(1)能在犯错误的概率不超过0.001的前提下认为“VIP顾客”与性别有关;(2).
【解析】
【分析】
(1)利用频率分布直方图完成列联表,把数据带入公式计算,通过与表格数据对比判断得出所要结果;
(2)用分层抽样分别得出“VIP顾客”和“非VIP顾客”的人数,按要求的计算出事件总数和特殊事件个数求事件的概率.
【详解】(1) ,,
∴VIP顾客总数为130,非VIP顾客总数70,可得:
VIP顾客
非VIP顾客
总计
男性顾客
40
40
80
女性顾客
90
30
120
总计
130
70
200
∵
∴能在犯错误概率不超过0.001的前提下认为“VIP顾客”与性别有关;
(2)∵ ,
∴,,
∴20人中VIP顾客8人,非VIP顾客12人,
- 24 -
又∵,,
∴20人中随机选取2人有190种,恰有1人是“VIP顾客”有96种,
∴,
即恰有1人是“VIP顾客”的概率为.
【点睛】本题考查独立性检验,古典概型概率计算,考查数据处理能力,是基础题.
21.已知函数.
(1)若为函数的极值点,求在处的切线方程;
(2)对任意,当时,恒成立,求正整数的最大值.
【答案】(1);(2)7.
【解析】
【分析】
(1)利用导数的几何意义求切线方程;
(2)构造新函数讨论让取最大值时对应的的值,再用导数判断函数的单调性,最后用零点存在定理的出得最大值.
【详解】(1)∵,,
∴,
又∵为函数的极值点,
∴,
∴,
∴,,
由直线的点斜式方程得,
即在处的切线方程为;
- 24 -
(2)任意,,令,可得
,恒等0,
,如图
,即,
当越大,第二个零点的值就越大,即当时,可求的最值,
又,,
∴,
∴,得(舍),,
,得,,得,
∴可取极大值,
且,
∴在递减,,
又∵,
- 24 -
,
∴正整数的最大值为7.
【点睛】本题考查曲线的切线,函数不等式恒成立问题,需要构造新函数,再以导数为工具讨论新函数的单调性从而得到参数的范围,考查转化与化归思想,数形结合思想,求解运算能力,是难题.
(二)选考题:10分.请考生第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.作答时,请写清题号.
22.在平面直角坐标系中,直线的参数方程为(为参数),以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴建立极坐标系,单位长度相同,曲线的极坐标方程为.
(1)求直线的直角坐标方程和曲线的参数方程;
(2)已知点的极坐标为,直线与曲线交于,两点,求.
【答案】(1) ,(为参数);(2) .
【解析】
【分析】
(1)利用代入消参的方法的出线的直角坐标方程,利用公式转化得出曲线的参数方程;
(2)点在直线上,可用直线参数方程参数的几何意义计算.
【详解】(1)由已知可得
直线的直角坐标方程为,
∵,
∴,
- 24 -
∴,
∴曲线的直角坐标方程为,
∴曲线的参数方程为(为参数);
(2)∵点的极坐标为
∴点的直角坐标为,点在直线上,
设,,
将直线参数方程代入曲线的直角坐标方程得
,
∴,
有韦达定理可得,
∴.
【点睛】本题考查直角坐标方程、参数方程和极坐标方程的相互转化,直线参数方程参数的几何意义,考查求解运算的能力,是中档题.
23.已知函数,.
(1)解不等式;
(2)当时,若对任意,都存在,使得成立,求实数的取值范围.
【答案】(1);(2).
【解析】
【分析】
(1)利用分类讨论去绝对值的方法解绝对值不等式;
- 24 -
(2)若对任意,都存在,使得成立,则的值域是的值域的子集,以此求实数的取值范围.
【详解】(1)①时
,得,
∴,
②时
,得,
∴无解,
③时
,得,
∴,
综上所述,原不等式的解集为;
(2)∵,
,,
∴,即,
,
若对任意,都存在,使得成立,则有
得,且
∴实数的取值范围.
【点睛】本题主要考查了含绝对值不等式的解法,考查了运算求解的能力、转化与化归思想,是中档题.
- 24 -
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